物理专题交流电1如图所示在竖直平面内半径为的四分之一圆弧轨道

若开关KK若开关KL1K则三个线圈的匝数N1：N2：N3是（ 7．如图所示，理想变压器的原线圈接在交流电源上，原副线圈的匝数之比为3：2，L1、L2是两个完全相同的小灯，标识“3V、5W”，闭合开关S，调节滑动变阻器R，当L1、L2恰都正常 A．5.4ΩB．3.6ΩC．1.8Ω后，三个线圈的电流有效值相等，则图中三个线圈的匝数之比n1：n2：n3为（ A．9：1：4B．6：1：2C．3：1：2 A．16VB．24VC．25VD．28如图所示，R1、R2、R3为完全相同的标准电阻．甲、乙两种情况下电阻R2、R3的功率均为P，且匝数比n1：n2均为4：l，则（ 图甲中R1的功率 B．图甲中R1的功C．图乙中R1的功率 D．图乙中R1的功副n1：n2=2R1、R2R3的阻分别是4Ω、2Ω和3Ω，U为有效值恒定的正弦交流电压源．当开关S断开时，理想电流表的示数为I．当S闭合时，电流表的示数为（ B． C． 甲中L1的功率和图乙中L1的功率分别为（ 9P、B．P、PC．、9PD．、接有相同的灯泡a、b和c．已知小灯泡的额定电压为0.3V，电阻为30Ω（假设电阻不随温度变化而变化．闭合开关S，三个灯泡均能正常发光，下列说法正确的是（ A．原副线圈的匝数比为2：1 B．交流电源的电压值为0.6VC．断开开关S，小灯泡b可能会烧坏 D．断开开关S，小灯泡a可能会烧坏14．如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V，3W”的灯泡，变压器为理想 A．变压器原副线圈的匝数比为1：2 C．电流表的示数为0.5A T为理想变压器，开关S断开时，灯泡L1、L2、L3亮度相同（未达到正常发光状态若闭合S， A．灯泡L1变 C．原、副线圈两端的电压比为2：l 定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是（）A．原、副线圈砸数之比为9：1 B．原、副线圈砸数之比为1：9C．此时a和b的电功率之比为9：1 D．此时a和b的电功率之比为1：10灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是（ A．原、副线圈匝数之比为9：1 B．原、副线圈匝数之比为1：9C．此时a和b的电功率之比为 D．此时a和b的电功率之比为不会损坏时，将要发生的现象是（）灯泡L1比S闭合时暗一 B．灯泡L1比S闭合一C．灯泡L2亮度不 D．灯泡L2比S闭合时暗一U1I1，两均正常发光．则下列表述正确的是（） 匝数的比值k分别为（ B．R=，k=C．R= 如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比为2：1，原线圈电路中串联了一只灯泡A，副线圈电路中并联了三只灯泡B、C、D，这四只灯泡完全相同，且电阻保持恒定，则下列说法中正确的是（ AB、C、DAB、C、DA若A正常发光，且消耗功率为P，则B消耗的功率一定为 V的示数为二．解答题（5小题B=0.5TF=0.25Nabab、cdf1=0.15N、（1）面距A为时物块运动的速度达到最大进入光滑竖直的圆弧轨道BC．已知B点距水平地面的高h2=0.6m，圆弧轨道BC的圆心O，C点的切线水平，并与水平BvB小物块在圆弧轨道BCCNcCDμ应该满θ=37°M点，MPd=0.5m入竖直放置的光滑圆弧形圆管轨道运动，圆弧轨道半径R=0.4m，圆管内径可忽略不计（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：小球运动到圆弧最高点Qμ=0.5弹性限度内，弹簧的弹性势能，x为弹簧的形变量（重力加速度v传=5m/sP点，PQL2=3.5m，求小物块滑行的最大距离2017.4.16一．选择题（21小题1（2015•NA正确；而在圆弧上的重心位置小于，故第N个小球在斜面上能达到的最大高度不一定等于R，故B错误故与机械能守恒定律，即小球不可以全部到达斜面上；故C正确；D正确．故选：ACD．2（2017•NA正确；NRRB错误； ，故C错误，D正确．故选3（2011浙江模拟）U=20sin10t，可知：若没有二极管，则原线圈有效值 =5V，故AB错误；f=4（2017•根据电压与匝数成正比，得原线圈两端的电压为：正弦交流电压的有效值为：原线圈回路中有：=解得：，故A正确；C、电路消耗的总功率为：，故C正确D、根据P=，电阻、消耗的功率之比为：，故D错误；故选：AC5（2017•电流I1=I；副线圈中电流为3I，则根 可得 =；故A错误B、设灯泡的电压为U，则输出电压为UAB=U，加在原线圈上的电压为3UUAB=4U；因此UAB：UCD=4：1B正确；C、只有加在原线圈上电压与输出电压才满足U1：U2=3：1关系，因UAB=UL+U1，故UAB：UCD不可能等于3：1，故C错6（2017•都相等设为u，则U2=U，U3=2U；根据输入功率等于输出功率知：I=•2I+I，u1=4U7（2017•凉山州模拟）解：灯泡的额定电压为因为L1、L2恰都正常发光，可知原线圈电流 ，解得：通过变阻器电流 ，故B正确，ACD错误；故选8（2017•根据输入功率等于输出功率有：解得： =3IR：IR：2IR=3：1：2，故C正确，ABD错误；选9（2017•L4电流等于副线圈中的电流，根据电流之比等于线圈匝数之比可得： 变压器输出电压为：U2=4+2=6V，输入电压为 10（2017• 两端电压为U，根据电压与匝数成正比得线圈 两端电压的4倍， 的功率为P=， 的功率为，故AB错误；CD、、是完全相同的电阻，功率均为P，由知，副线圈电流为I，副线圈电压均为U，根据电压与匝数成正比，有原线圈两端电压为4U，根据输入功率等于输出功率，有，解得，的功率C错误，D正确；故选：D11（2017一模）解：根据电流与匝数成反比，得副线圈电流副线圈两端的电压根据电压与匝数成正比，得原线圈两端的电压为电阻两端的电压在原线圈回路中S闭合时，电流表示数为I′，副线圈中电流副线圈两端的电压原线圈两端的电压电阻两端的电压 解得：I′=2I，故D正确，ABC错误；故选12（2017•电阻为R，则有P=．根据电压与匝数成正比可知，两种情况下变压器的输入电压均为3U，根据输入功率和输出功=9PA正确，BCD错误．故选：A13（2017• ，故A正确；B、根据电压与匝数成正比，得原线圈两端的电压为，交流电源的电压等于原线圈两端的电0.6VB错误；确，D错误； 14（2017•2：1A错误DUab=18V；则有：U=Uab﹣UL1=18﹣6=12VD错误15（2017•的电压等于原线圈两端的电压，，副线圈两端的电压，原副线圈两端的电压比为1：2，故C错误；变，灯泡、两端电压不变，亮度不变，故AB错误；22倍，所以原线圈中增加的电D正确；故选：D16（2017U；则可知，原副线圈匝数之比为：9：1A正确；B错误； 可 CD17（2016•U；则可知，原副线圈匝数之比为：9：1A正确；B错误； 故C错误，D正确；故选：AD．18（2016• 自主招生）解：当开关S断开时后，减少了输出功率，输出功率减少，输入功率也减少，因不变，则流过的电流变小，灯变暗，灯两端的电压，I减少，也减少，变压器初级线圈两端的电压增大，输入电压增大，输出电压与输入电压成正比也增大，即两端的电压增大，流过的电流增大，灯泡比S闭 ，故A正确，BCD错误 故选19（2016•I1U1I1U1=I2U2+I3U3，所以U1：U2：U3=4：1：2，A错误． 20（2016•开关S闭合时，根据题意，原线圈中电流，副线圈中电流 联立①②得：k=2 21（2016•副线圈中每个灯泡电流数：•2IL，则B、C、D一定比A暗，故AB错误C、根据P=I2R==，故C正确D、若A正常发光且两端电压为U，则I1=，I2=，输入电压为U0=U+U1=U+2U2=U+2I2=U+D二．解答题（5小题22（2015cdF2作用，F2＞f2时，cd棒也开始运动，故cd（1）F=0.25Ncdab棒的最终稳定速度υ1max电流： 力：Fm=BIml，则有，F﹣Fm﹣f1=0，由此得（2）当F=0.3N时，有， 且，F2﹣f2=m2a2，及a1=a2解得：答（1）此两杆之间的稳定速度差0.32m/s； （2）若F=0.3N，两杆间稳定速度差又是0.38m/s．23（2014•（1）解得：μ=2tanθAsAv，m，运动到B点时速度正好减到零，根据动能定理得：mg•3Lsinθ﹣μmg•3Lcosθ=0﹣（1）2tanθ（2）（3）要使所有物块都能通过B点，由静止释放时物块下端距A点至少要3L．（1） EP+mg（h1﹣h2）=mv，vB=4m/s（2分）解法二：小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，机械能守恒EP=mv，v0=2m/s小物块由A运动到B的时间为 ，解得vB=2=R（1﹣cos∠OC根据能的转化与守恒可知，EP+mgh1=mv 对小球在圆弧轨道C点应 运动定律Nc﹣mg=得Nc=10+依据题意知，①μ②对于μ的最小值求解首先应判断物块第一次碰墙后反弹能否沿圆轨道滑离B点设物块碰前在D处的速度为v2，由能量关系有：mgh1+Ep=μmgL+mv22 第一次碰墙后返回至C处的动能为：EkC=mv22﹣μmgLμCD 综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：≤μ＜答（1）小物块运动到B的瞬时速度vB大小是4m/s，方向与水平方向夹角θ为60°．小物块在圆弧轨道BCCNc小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足的条件为25（2015•（1）小球离开弹簧后在斜面上运动的加速度为：a=8m/s2；对小球离开弹簧后，由第二定律，有ma=mgsinθ+μmgcosθ小球从N运动到M过程中，由功能关系，有：代入数据解得小球从MP点时：L=2=6t﹣4t2，解得：t=0.5s，t=1s（舍去从P到Q机械能守恒得：解得