(新课标)高考物理二轮作业手册专题限时集训第5讲能

#图5－7专题限时集训（五）LA［解析］运动员从地面跃起过程中，地面支持力的位移为0,对他所做的功为0,选项A正确，选项B错误；离开地面后，运动员处于完全失重状态，选项C错误；从下蹲到离开地面上升过程中，运动员的机械能增加，选项D错误.C［解析］由于电场力做功，小球与弹簧组成的系统机械能不守恒，选项A错误；TOC\o"1-5"\h\z重力对小球做功为W1，小球重力势能的变化为一W1，选项B错误；由动能定理可知，小球动能的变化为W1+W2+W3，选项C正确；由功能关系可知，小球机械能的变化为W2+W3，选项D错误.1 2 3 2 3A［解析］小球A从最高点飞出的速度v='\；gR,由机械能守恒，有mgh=2mgR+mA A-5R2mvmA,则hA="2"，选项A正确；小球B从最高点飞出的速度v前=0,由机械能守恒，有mghB=2mgR,释放的最小高度hB=2R,选项B错误；要使小球A或B从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处，R=vt,R=gt2，则v=\；'；g'，而A的最小速度v=\；gR〉v,A球不0 2 02R mA 0可能落在轨道右端口处，B球可能，选项C、D错误.v2 v2C［解析］对小球1和2,由向心力公式有力1—咤=宁和%+咤=叮因速度大小相同，则FT1〉FT2,选项A错误；当小球1运动到最高点、小球2运动到最低点，此时细线拉力差值最大，以图中小球1和2的位置为零势能参考面，对小球1,由机械能守恒，有1mv221+mg•2r=2mv2,FTJ+mg=mv^,对小球2,同理有2mv2-mg•2r=2mv2,FT2'-mg=m%两根线上拉力的差值FT'=10mg,选项B错误，选项C正确；图示位置两个小球速度大小相同，机械能相等，且小球运动过程中机械能守恒，选项D错误.+mg•2r=2mvB［解析］对物体，从用水平力F开始缓慢推动物体停止运动，由动能定理，有WF功为Pmg[x0_^mg—4mgx°=0,选项A错误；撤去F后，物体向左先加速运动后减速运动，选项B正确；物体开始向左运动到速度最大时，Umg功为Pmg[x0_^mg，选项C错误；物体做匀减速运动的位移为2x°,加速度为Ug,运动时间为整，选项D错误.ugB［解析］根据能量守恒定律，在物体上升到最高点的过程中，弹性势能转化为物体的重力势能mgh和内能，故弹簧的最大弹性势能应大于mgh,A错误.物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g,由牛顿第二定律得物块所受沿斜面向下的合力为F=mg,而重力沿斜面向下的分量为mgsin30°=%g,可知，物体必定受到沿斜面向下的摩擦力为f=2mg,摩擦力做功等于物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能，即W=f.=mgh,B正确.物体动能最大时，加速度为零，此时物体必定沿斜面向上fsin30移动了一定距离，弹性势能部分转化为重力势能和内能，故最大动能小于弹簧的最大弹性势能，C错误.物体未离开弹簧，当弹簧沿斜面向上的弹力、重力沿斜面向下的分力和摩擦

力的合力为零时速度最大，D错误.D［解析］空气阻力为f=%g,物体的机械能减少Imgh,选项A、B错误；重力对物体做功为W=—mgh，选项C错误；设上升h后的速度为v，则v2=2ah=gh,物体的动能增加AEk=|mv2=2mgh,选项D正确.(1)1.4N,竖直向下(2)0.5m(3)0.2J［解析］(1)从P到圆轨道末端，由动能定理有mgR(mgR(1－cos37°)1=2mvA在轨道末端，由牛顿第二定律有V2FNA_mg=mR解得Fna=1.4N由牛顿第三定律，滑块对圆轨道末端的压力为1.4N,方向竖直向下.⑵从A到B,由动能定理有1 1—pmgL=2mv|12mvA解得vB=1m/s在1点，皮带对滑块的支持力为fni,由牛顿第二定律，有mg—F=

mg—F=

N|mv2解得Fn|=0.滑块恰从|开始做平抛运动，有：2H滑块的落地点与|间的水平距离x=vt=v-\:一=0.5m.滑块的落地点与|间的水平距离1 1g⑶滑块从A到B,与传送带间的相对位移Ax=L+v•--B=2m0Ug滑块在传送带上滑行产生的热量Q=umgAx=0.2J.9.(1)10mgH10mgh

27L或9.(1)10mgH10mgh

27L或9L小10TT(2)—mgH27/、4mga22225mga222(3)-H——27mgH<E<4H—27mgH［解析］(1)设参赛者、滑轮受到的阻力为Ff,根据能量守恒定律，有mgh—Ff(L—L')=0"一， L,H其中［,=—h=一其中L 10，h3则滑轮受到的阻力F10mgH或f=10mghFf=27L Ff=9L.(2)设人在A点处抓住挂钩时至少具有的初动能为Ek0,设根据动能定理，参赛者在由A到|的过程中有-FfL=0-Ek010Ek0—27mgH(3)参赛者落到海绵垫的过程做平抛运动.设人脱离挂钩时的速度为V,运动的水平位移为s，则s=vt1H=]gt2解得s=v、；；2H当s=4a时，参赛者具有的最小速度为v=20<2函minH当s=5a时，参赛者具有的最大速度为v=|^，期max2H设参赛者在A点抓住挂钩的初动能为Ek.由动能定理，参赛者在A点到钢索最低点运动过程中有L1mgH—F-=rmv2—Ef22