2020-2021初三化学一模试题分类汇编-化学推断题综合及详细答案

3322434224233332243422423323422423323三学模题类编—学断综及细答一、初化学推断题1．有一包粉末，已知由CaCO、、、、NaOH、中几种组成。为确定其组成，现进行以下实验，各步骤均已充分反应。①取定质量的粉末，加水搅拌后过滤，得到沉淀和无色溶液A；②向①步得到的沉淀加入足量稀盐酸，得到无色气体和黄色溶液；③将①步得到的无色液A进行如下图所示的实验。请回答下列问题：（）的学式是。（）中定存在的溶质的化学式_。（）成白色淀D的学方程式________________________（）包粉末可能含有物质的化学式_。【答案】、SOMgCl==2AgCl↓+Mg(NO)【解析】试题分析：取定质量的粉末，加水搅拌后过滤，得到沉淀和无色溶液A；具体无法确定是否含有哪种物质②①步得到沉淀中加入足量稀盐酸，得到无色气体和黄色溶液，证明一定含有碳酸钙、氯化铁和氢氧化钠；③的作可知，物质中含有硫酸钠和氯化镁；故（）的学式是BaSO（）中定存在的溶质的化学是MgCl、SO（）成白色淀D的学方程式是MgCl（NO）（）包末中可能含有物质的化学式是NaNO考点：物质的推断2．下图—E分别是铁、硫酸、氢氧化钡、硫酸铜和碳酸钠五种物质之一，横线相连的物质之间能发生化学反其C物的溶液呈蓝,与E作产生的气体是光合作用的原料之一。

2424224242424(1)A物的俗称__________，物的用途是_________。(2)E与D作用的基本类型是，与C作用的化学方程式为_________________【答案】纯碱或苏打钢除锈等置换反应Ba(OH)+CuSO=Cu(OH)↓↓【解析】【分析】根据题中给出的物质的溶液呈蓝色，确定是硫酸铜；由A与作用产生的气体是光合作用的原料之一，即二氧化碳，推出和E分别是硫酸和碳酸钠中的一个，联系题中问题之一是物质的俗称是什么，硫酸没有俗称，碳酸钠的俗称是纯碱、苏打，所以先设是碳酸钠，则E是酸，因为C是硫酸铜，所以必须是既能跟硫酸又能跟硫酸铜反应的物质，余下的铁和氢氧化钡都可以，这时我们假定是氧化钡，则B是，但铁和碳酸钠不能反应，故不铁，换成氢氧化钡，氢氧化钡能跟A碳酸钠E硫、硫铜都反应，推断合理B是氢氧化钡则D就铁，铁既能跟硫酸又能跟硫酸铜反应，整题推断完成，是酸钠，是氧化钡，是硫酸铜，是，是硫酸。【详解】由以上分析得出：(1)A物质的俗称：是纯碱或苏打E物质的用途是：钢铁除锈等。(2)E与D作用的基本类型是：置换反应B与C作用的化学方程式为：Ba(OH)+CuSO=Cu(OH)↓+BaSO↓。【点睛】本题的突破口之一是物质的溶液呈蓝色，确定是酸铜；突破口之二是A与E作产生的气体是光合作用的原料之一，即二氧化碳，所以A和E分是硫酸碳酸钠中的一个。然后通过假设是酸钠或酸开始进行推断，合理即可，不合理就是另一个，这样逐个推出。3．～表初化学常见的物质，它们之间的转化关系如图所示（部分生成物已去）。其中、、中均含有同一种元素，D是室气体是重要调味品。请回答下列问题：

22（）的学式_____。（）应的基本反应类型为_____。（）应的化学方程式为_____。（）的种用途是_____。【答案】复分解反应NaCl+HO生玻璃【解析】【分析】A～表初中化学常见的物质，其、C中含有同一种元素D是温室气体，所以D是二氧化碳是要调味，所以G是氯化钠，二氧化碳和C反应会生成F，以是氢氧化钠F是碳酸钠，和氧化钠会生成氯化钠，所以是酸，碳钠和E反会生成氯化钠，所以E是氯化钙（或氯化钡），和酸反应生成氯化钙（或氯化钡），所以是氧化钙或氢氧化钡）。【详解】（）～表初中化学常见的物质，其中、、中均含有同一种元素是温室气体，所以是二氧碳G是重要调味品，所以G是氯化钠，故G的学式为NaCl。（）应①是酸和氢氧化钙（或氢氧化钡）反应生成氯化钙（氯化钡）和水，基本反应类型为复分解反应。（）应③是氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+HO

。（）氧化碳反会生成，所以C是氢氧化钠，是酸钠，故F的种用途是：纺织、造纸、制玻璃等。【点睛】D是温室气体，则D是氧化碳G是要调味品，则G是化钠。4．甲、乙、丙、丁、戊是初中学常见的物质，分别由HO中的一种或几种元素组成。这些物质之间的转化关系如下图所“→表某物质转化为另一物质“表连接两物质之间能反应，部分反应物、生成物及反应条件已略)

222322612622222322612622222422226126222222222261262222232(1)若能使带火星木条复燃，则反应→乙基反应类型_；应—戊的化学方程式_(2)若能使澄清石灰水变浑浊，则甲_______(填学式)；戊由三种元素组成，则反应戊丁化学方程式_。戊由两种元素组成，则戊可能是_______(填化学式)【答案】化合反应HO+CO=HHCO+6O

+6HOCO【解析】由O三元素形成的物质可能是CCHCOOCHO等；丁使带火星的木条复燃，则丁是O，戊能和丙发生反应且能生成丁，则戊是HO丙是CO，能和乙相互转化，则乙是，以丙→乙基本反应类型是化合反应，戊丁水和二氧化碳反应生成碳酸2若丁能使澄清石灰水变浑浊，则丁是CO能CO反的有O和，所以乙可能是O和，又因为甲能分解产生乙，所以乙是H，是O；若戊是由三种元素组成的，则戊是CHO，若戊是由两种元素组成的，则戊是点睛：熟悉常见的物质以及物质之间的相互转化是做推断题的关键。5A﹣是初中化学常见的物，其相互转化关系如图所示，其中A是人体胃液中帮助消化的物质，用改良酸性土壤．（）的化学式为（）转为的化学方程式为________，反应基本类型属_；转为H的化学方程式为______________________（）别写出质和H的种用途____________________。【答案】CaClFe+2HCl=FeCl+H↑置反应Ca(OH)+CO=CaCO↓+H供给呼吸重要的建筑材料【解析】【分析】

22222322222323333A是体胃液帮助消化的物质，那么A是稀盐酸B用改良酸性土壤，故B是石灰氢氧化钙；稀盐酸与氢氧化钙发生中和反应生成氯化钙和水，根据反应条件可知是，D是氯化钙；水电解生成氢气和氧气，稀盐酸能转化为E故E是气，那么是氧气；氯化钙能与碳酸钠等物质反应生成碳酸钙，即白色沉淀物是碳酸钙。【详解】（）是氯化,D的学式为CaCl。（）是盐酸E是氢气A转为E的化学方程式为Fe+2HCl=FeCl，其反应基本类型属于置换反应B是熟石灰，是碳酸钙，故B转化为的学方程式为Ca(OH)+CO=CaCO↓+HO。（）质是氧气，氧气可以供给呼吸是碳酸钙，是重要的建筑材料。考点：物质的推断6．有一包固体粉末，可能含有铜、氧铁、氯化钠、硫酸钠、硫酸铜中的一种或几种，为确定其成分进行如下实验，现象如图所部生成物未标):根据实验过程中的现象判（）体的分是__________(填学，下，、b、含一操作，其名称是________。（）体粉末一定不含有的物质______________，可能含有的物质是________________；（）出反应的化学方程式。【答案】（）、氧化铁、硫酸钠，过滤，（）酸铜，氯化；（）+3NaOH=Fe(OH)↓+3NaCl【解析】固体加水溶解后得无色溶液，说明固体中没有硫酸铜，因硫酸铜溶液是蓝色；加氢氧化钡后得白色沉淀和无色溶液，说明溶液中有硫酸钠，同时反应生成氢氧化钠；固体加盐酸反应生成黄色溶液，和固体，说明固体中有氧化铁和铜；氧化铁和盐酸反应生成氯化铁，氯化铁和氢氧化钠反应生成氢氧化铁红褐色沉淀；1固体B的分是铜、氧化铁、硫酸钠，、、含同一操作，其名称是过滤，过滤能将难溶性与液体分。2固体粉末中一定不含有的物质是硫酸铜，可能含有的物质是氯化钠；）氯化铁和氢氧化钠反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，反应化学方程式+3NaOH=↓+3NaCl

44447．有一包白色粉末，可能含有酸铜、氯化钠、氯化钡、硫酸钠中的一种或几种物质，实验小组设计如下实验方案，探究白色粉末的成分请回答：（）作的称_____白沉淀A的学_____．（）步骤1的象判断，原白色粉末一定不_．（）色溶液b中质的成_．（）以上实可知，原白色粉末一定含_____【答案】过滤BaSO硫酸铜氯钠、硝酸钡、硝酸钠氯钡、硫酸钠【解析】【分析】硫酸铜在溶液中显蓝色，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，氯离子和银离子反应生成氯化银沉淀，白色粉末中加入足量的水溶解，得到白色沉淀，色溶液，以白色粉末中一定不含硫酸铜，一定含有氯化钡、硫酸钠中加入过量的硝酸钡生成白色沉淀和色溶液，所以A是硫酸钡，中有反应剩余的硝酸钡，氯化钡和硫酸钠反应生成的氯化钠，硫酸钠和硝酸钡反应生成的硝酸钠，氯化钠和硝酸银反应生成氯化银沉淀。【详解】（）作是沉淀和溶液分离，名称是过滤，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，白色沉淀A是酸钡，化学式为BaSO。（）酸铜在液中显蓝色，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，氯离子和银离子反应生成氯化银沉淀，硫酸铜在溶液中显蓝色，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，氯离子和银离子反应生成氯化银沉淀，所以白色粉末中加入足量的水溶解，得到白色沉淀，无色溶液a，由步骤的现象判断，白色粉末中一定不含硫酸铜。（）色粉末一定不含硫酸铜，一定含有氯化钡、硫酸钠a中加入过量的硝酸钡生成白色沉淀和色溶液，所以是酸钡，中有反应剩余的硝酸钡，氯化钡和硫酸钠反应生成的氯化钠，硫酸钠和硝酸钡反应生成的硝酸钠，氯化钠和硝酸银反应生成氯化银沉淀，故无色溶液中溶质的成分是：氯化钠、硝酸钡、硝酸钠。（）酸铜在液中显蓝色，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，氯离子和银离

子反应生成氯化银沉淀，硫酸铜在溶液中显蓝色，硫酸根离子和钡离子生成白色的硫酸钡沉淀，氯离子和银离子反应生成氯化银沉淀，所以白色粉末中加入足量的水溶解，得到白色沉淀，无色溶液a，以白色粉末中一定不含硫酸铜，一定含有氯化钡、硫酸钠。8．某气体可能含有氢气、一氧碳、二氧化碳、水蒸气中的一种或几种。某兴趣小组利用下图中的实验装置设计实验，探究气体的成分。请用符合题目要求的装置序号填空（装置可以重复使用，除杂试剂均足量）。提示CO+CuO无水硫酸铜粉末遇水变蓝色。

Cu+CO2,H2+CuOCu+H2O；（1）若检验气体中是否存在水气，可将该气体通入装_____。（2）将气体依次通过装置，可检验并除去该气体中的二氧化碳。（3）若检验气体中是否存在一化碳，可将该气体依次通过装。（4）将气体依次通过装置，可一次性确定该气体的成分。【答案】④①；②①④②③⑤④①【解析】（1）根据无水硫酸铜粉末遇水变蓝解答；）根据二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，能与氢氧化钠溶液反应解答；）根据先要除去二氧化碳，再将气体通过灼热的氧化铜，在通过澄清的石灰水来检验解答；4）根据各气体的性质分析解答。）由于无水硫酸铜粉末遇水变蓝色，若检验气体中是否存在水蒸气，可将该气体通入装置④；（2由于二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，能与氢氧化钠溶液反应将气体依次通过装置①②，可检验并除去该气体中的二氧化碳；3）若检验气体中是否存在一氧化碳，首先要除去二氧化碳，再将气体通过灼热的氧化铜，在通过澄清的石灰水来检验，所以可将该气体依次通过装置②⑤①；4）要验证该气体的成分，应通过无硫酸铜检验水蒸气，再通过澄清的石灰水来检验二氧化碳，再通过过氢氧化钠溶液将二氧化碳除干净，然后将气体通过灼热的氧化铜，将反应的气体先通过无水硫酸铜粉末检验是否有水生成，判断氢气的存在，再通过澄清的石灰水判断一氧化碳的存在；将气体依次通过装置④②⑤④①，可一次性确定该气体的成分。9．图中～是中化学常见的物质，俗称苏打；可用于改良酸性土壤C可作补钙剂；、的物质类别相同。图“表示两端的物质间能发生化学反应“→表物质间存在转化关系；反应条件、部分反应物和生成物已略去。请回答：

（）质A的用途有_（需填写一条）。（）质的学式_________________。（）出下列应的化学方程式：①转为，②转为F_________________【答案】玻璃、造纸、纺织和洗涤剂的生产等（只需回答其中一条）

NaOHO+CaO=Ca(OH)2

2

CaCO+2HCl=CaCl+CO+HO3

或CaCO高CaO+CO2

（其他合理答案均给分）【解析】【详解】A俗苏打；可用于改良酸性土壤C可作补钙剂；故A是碳酸钠B是氧化钙C是碳酸钙，碳酸钠能生成E，E能成氢氧化钙，故E是，碳酸钠与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故D是氧化钠，碳酸钙能生成，F和是类物质，F能和氢氧化钠的反应，故是氧化碳（）酸钠的途是玻璃、造纸、纺织和洗涤剂的生产等（只需回答其中一条）。NaOH。（）质是氧化钠，化学式为：（）水与氧钙反应生成氢氧化钙，反应的方程式为：

2

2

。②碳酸钙与盐酸反应生成二氧化碳，方程式为

C+2HCl=CaCl+H22（或碳酸钙高温煅烧分解生成氧化钙和二氧化碳，方程式为：CaCO高CaO+CO3

）。10ABC四化合物，均含有同一金属元素，它们的转化关系如图所部分物质已略去己知是理石的要成分。请回答下列问题：

22222222222223322222222222222223322222(1)B的种用途_________(2)C的学式为(3)B转为的学方程式为_________________【答案】用作干燥剂

Ca(OH)CaO+2HCl=CaClO【解析】A是理石的要成则A是酸钙ABC四化合物，均有同一种金属元素故金属元素是钙元碳钙在高温的条件下反应生成B，B是氧化钙；氧化钙与水反应生成C，则C是氢氧化钙；氢氧化钙与二氧化碳或碳酸钠等反生成碳酸钙；氧化钙与稀盐酸反应生成，D是化钙；碳酸与稀盐酸反应也可以生成氯化钙(1)B是氧化钙（俗称生石灰）的一种用途是用作干燥剂；(2)CC的化学式为Ca(OH)；转为是氧化钙与稀盐酸反应生成氯化钙和水，反应的化学方程式为CaO+2HCl=CaCl+HO11．图所示A-G是初中化学常见的其中物质。图“

”表转化关系，”表示相互能反应。可以用于改良酸性土壤D、组元素相同，、、成下为气体，在实验室中常用制取G。（）的学式是；质A的种用途是；（）C反的化学方程式是；（）中涉及B物的反应中，未出现的基本反应类型是。【答案】（）（），锈（气体答案合理亦可）（）O

+（）分解反【解析】试题分析：由题意可知F能于良酸性土壤，是熟石灰Ca），是体且能和F反应为CO，能于制备G应该是CaCO或盐酸，又因为