河南省平顶山市鲁山一中2023年物理高一下期中经典试题含解析

河南省平顶山市鲁山一中2023年物理高一下期中经典试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、用绝缘细线悬挂一个带正电的小球，小球的质量为1.0×10-3kg，所带电荷量为2.0×10-8C。现沿水平方向施加向右的匀强电场，平衡时细绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示。重力加速度g=10m/s2。则下说法中正确的是（）A．电场对q的作用力为B．细绳内的张力为2.0×10-2NC．电场强度D．小球q不能视为点电荷，因而其所受电场力不能用F=qE计算2、两个质量相等的球形物体，两球心相距，他们之间的万有引力为F，若它们的质量都加倍，两球心的距离也加倍，它们之间的万有引力为（）A． B． C． D．3、一质量为的哑铃被人从离地面高处举高到离地面高处，，则（）A．哑铃在高处的重力势能为B．哑铃在高处的重力势能一定不为零C．若取地面为零势能参考平面，在此过程中哑铃的重力势能增加量为D．若取地面为零势能参考平面，在此过程中哑铃的重力势能增加量均为4、如图所示，力大小相等，物体沿水平面运动的位移也相同，下列哪种情况做功最少（）A． B．C． D．5、在光滑的导轨上，一质量为m1=2kg、速度为v1=1m/s的滑块A跟一质量为m2=1kg、速度为v2=0的滑块B发生正碰，它们碰撞后的总动能的最大值和最小值分别是（）A．1J、J B．J、J C．J，1J D．2J、J6、如图所示，相同材料的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，B的质量是A的质量的2倍，A与转动轴的距离等于B与转动轴的距离的2倍，两物块相对于圆盘静止，则两物块（）A．角速度相同 B．线速度相同C．向心加速度相同 D．若转动的角速度增大，A先滑动7、某静电场的一条电场线与x轴平行，该电场线上各点的电势随x轴上的位置坐标的变化规律如图所示，下列说法正确的是（）A．该电场是一点电荷形成的B．场强方向沿x轴负方向C．处的场强大小为D．将一电子从处移到处，电子的电势能增大为原来的2倍8、如图所示，在光滑水平地面上有一辆平板小车，车上放着一个滑块，滑块和平板小车间有摩擦，滑块在水平恒力F作用下从车的一端拉到另一端．第一次拉滑块时将小车固定，第二次拉滑块时小车没有固定，在这先后两次拉动木块的过程中，下列说法中正确的是A．滑块所受的摩擦力一样大B．拉力F做的功一样大C．滑块获得的动能一样大D．系统增加的内能一样大9、质量为4kg的物体被人由静止开始向上提升0.25m后速度达到1m/s，则下列判断正确的是（取g＝10m/s2）（）A．人对物体做功12JB．合外力对物体做功2JC．物体克服重力做功10JD．人对物体做的功等于物体增加的动能10、如图所示，A、B、C三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接．倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态．在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）A．A球的受力情况未变，加速度为零B．C球的加速度沿斜面向下，大小为gC．A、B之间杆的拉力大小为D．A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为二、实验题11、（4分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,某学习小组在实验室组装了如图的装置外,还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m当滑块连接上纸带,用细线通过滑轮挂上空的小桶时,滑块处于静止状态要完成该实验,则：（1）还缺少的实验器材是______．（2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等,沙和小桶的总质量应满足的实验条件是______；实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先要做的步骤是______．12、（10分）使一定质量的理想气体的状态按图中箭头所示的顺序变化，图线BC是一段以纵轴和横轴为渐近线的双曲线．①已知气体在状态A的温度TA＝300K，问气体在状态B、C和D的温度各是多大?②将上述气体变化过程在V-T中表示出来(在答题卡的图中要标明A、B、C、D四点，并且要画箭头表示变化方向)．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，AB为半径R＝0.8m的1/4光滑圆弧轨道，下端B恰与小车右端平滑对接．小车质量M＝3kg，车长L＝1.06m．现有一质量m＝1kg的滑块，由轨道顶端无初速释放，滑到B端后冲上小车．当车运行了1s时，车被地面装置锁定．已知地面光滑，滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ＝0.3，g取10m/s1．试求：(1)滑块到达B端时，它对轨道的压力大小；(1)从车开始运动到被锁定的过程中，摩擦力对滑块所做的功；(3)滑块离开车时的动能．14、（14分）高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0＝30m/s，相距s0＝100m，t＝0时，甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化的关系分别如图甲、乙所示，以运动方向为正方向．（1）在图丙中画出甲乙两车在0～9s内的v-t图像（2）两车在0～9s内何时相距最近？最近距离是多少m15、（13分）如图所示，一质量为0.5kg的小球可视为质点，用0.4m长的细线拴住在竖直面内做圆周运动，g取10m/s2求：（1）小球刚好经过最高点A时的速度；（2）若小球经过最高点A的速度为4m/s，此时细线对小球的拉力；（3）若小球经过最低点B的速度为m/s，此时细线对小球的拉力．

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】

AC．对小球受力分析，并合成矢量三角形则电场力为电场强度为A错误，C正确；B．绳子张力为B错误；D．小球可以视为点电荷，可以用计算电场力，D错误。故选C。2、B【解析】

两个质点相距r时，它们之间的万有引力为若它们间的距离变为2倍，两个质点的质量变为原来的2倍，则它们之间的万有引力为故选B。【点睛】要注意万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比。影响万有引力大小的变量有质量、距离，要考虑全面，不能考虑一个变量而忽略了另一个变量的变化。3、D【解析】

哑铃在2m高处相对地面的重力势能为100J，未说明参考平面重力势能无确定值，故A错误；若取2m高处为势能零点，则此时重力势能为零，故B错误；无论选何参考平面，重力势能的变化量是相同的，故重力势能的增加量等于克服重力所做的功，因为上升1m，所以此过程中克服重力做功50J，故D正确，C错误。4、D【解析】

根据功的公式可知A图中力做的功为B图中力做的功为C图中力做的功为D图中力做的功为综上所述，最小，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。5、A【解析】

当两物体发生完全弹性碰撞时，系统不损失能量，此时碰后的总动能最大，最大动能若两物体发生完全非弹性碰撞，则碰后共速，此时系统损失的动能最大，碰后系统总动能最小，则解得故选A。6、AD【解析】试题分析：A、B两物块随圆盘一起做圆周运动，角速度相同，根据v=rω知，A的转动半径大，则A的线速度较大，故A错误，B正确．C、A、B的角速度相等，根据a=rω2知，A的转动半径大，则A的向心加速度较大，故C错误．D、根据μmg=mrω2得，，由于A的半径较大，则A发生相对滑动的临界角速度较小，可知A先滑动，故D错误．故选B．考点：向心力．7、BC【解析】

AC．图像的斜率表示电场强度，可知电场强度不变，为点电荷的一条电场线上的电场强度大小变化，故该电场不是点电荷形成的。故A错误，C正确；B．沿电场线方向电势降低，由图可知，场强方向沿x轴负方向，故B正确；D．将一电子从处移到处，电子受到的电场力方向沿x轴正方向，做正功，电势能减小，故D错误。故选BC。8、AD【解析】

A．滑动摩擦力与压力成正比，两次压力相等，都等于mg，动摩擦因素是一定的，故滑动摩擦力一定相等，故A正确；B．第二次由于小车也会向右移动，故滑块的对地位移变大了，故拉力做的功变多了，故B错误；C．根据动能定理，有：(F−f)x=mv2第二次由于小车也会向右移动，滑块的对地位移x变大了，故获得的动能也变大了，故C错误；D．根据功能关系，系统增加的内能等于一对滑动摩擦力做的功，即：Q=f⋅△S；两次相对路程都等于小车的长度，故产生的内能相等，故D正确；故选AD.9、ABC【解析】

分析物体的运动的情况可以知道，物体的初速度的大小为0，位移的大小为0.25m，末速度的大小为1m/s。【详解】A．根据动能定理可知解得故A正确；B．合外力做的功等于动能的增加量，所以故B正确；C．物体克服重力做功故C正确；D．根据动能定理知合外力做的功等于物体动能的增加量，故D错误。故选ABC。10、CD【解析】

A、D项：以A、B组成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力F=mgsinθ，烧断细线的瞬间，A、B受到的合力等于弹簧弹力，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：mgsinθ=2ma，则加速度，方向沿斜面向上，故A错误，D正确；B项：对球C，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma，解得：a=gsinθ，方向向下，故B错误；C项：由A、D分析可知，B的加速度为：，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：T-mgsinθ=ma，解得：，故C正确．故应选CD．【点睛】本题关键点就是绳和弹簧的区别：弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零．这点在做题时要特别留意．二、实验题11、刻度尺沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量平衡摩擦力【解析】

由题中“探究加速度与力、质量的关系”可知，本题考查牛肚第二定律中加速度与力、质量的关系实验，根据实验原理和实验步骤可分析本题。【详解】（1）[1]因为需要通过打点计时器的纸带数据求解加速度，因此还需要的器材是刻度尺；（2）[2]根据牛顿第二定律可知，当沙和沙桶的总质量远小于滑块质量时，绳子的拉力才能近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶应该满足的条件是：沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量。[3]实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先需要做的是平衡摩擦力。12、(1)600K；600K；300K(2)【解析】

(1)根据气态方程得：由得：Tc=600K(2)由状态B到状态C为等温变化，由玻意耳定律得：上述过程在图上状态变化过程的图线如图所示．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、(1)30N(1)-7.5J(3)0.31J【解析】

（1）滑块从光滑圆弧轨道过程，根据机械能守恒定律得：mgR=mv1解得v=4m/s

滑块经过B端时，由牛顿第二定律得：N-mg=m

联立两式，代入数值得，轨道对滑块的支持力为：N=3mg=3×1×10=30N

（1）当滑块滑上小车后，由牛顿第二定律，得

对滑块有：-μmg=ma1

对小车有：umg=Ma1

设经时间t两者达到共同速度，则有：v+a1t=a1t

解得t=1

s．由于1s＜1s，此时小车还未被锁定，两者的共同速度：v′=a1t=1m/s，两者以共同速度运动时间为t′=1s．

此过程中，滑块的位移摩擦力对滑块所做的功：（3）两者达到共速时小车的位移，此时物块距离小车的左端L1=1.06-(1.5-0.5)=0.06m然后小车被锁定后，滑块以v′=1m/s的速度做匀减速运动，加速度为a1=-μg=-3m/s1，则滑离小车时的速度：动能为14、（1）（2）6s；10m【解析】

（1）甲乙两车在0～9s内的v-t图像如图；（2）6s