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千里之行,始于足下让知识带有温度。第第2页/共2页精品文档推荐上海交通大学理论力学2022-2022学年期中试卷(含答案)81学时
1.如图所示,平衡系统由杆OA﹑杆AB﹑杆BD﹑杆BC和杆CD组成。铰O为固定端支座,铰D为固定铰支座,铰A﹑B﹑C为圆柱铰。图示位置AB和CD水平,OA和BC铅垂。
已知:aCDBCABOA====。杆CD的中点E作用铅垂力Fv
,大小为F。杆OA上作用一力偶1M,力偶矩的大小为FaM21=,杆BC上作用一力偶2M,力偶矩的大小为FaM=2,不计各物体的分量。求:(1)杆BD的内力(注明拉压力);
(2)固定端O作用于杆OA的约束力和约束力偶。(20分)解:
因为不计各物体的分量,杆AB和杆BD均为两力杆。
如图建立参考基[]T
yxvvr=e,以杆BD﹑杆CD和杆BD组成的系统为讨论对象:
0)(1
=∑=inizDFMv
02
1
2=+?aSMaFAB(3分)解得:2
F
SAB=(拉力)(1分)
以杆BD为讨论对象:
0)(1
=∑=inizCFMv
02
12=??
MaSaSBDAB(3分)
解得:FSBD2
2
?
=(压力)(1分)
AB
SrBD
Sr
D
AB
Sr
以杆OA为讨论对象:
01=∑=n
iix
F
,0=+ABxOSF(2分)
01=∑=niiy
F
,0=yOF(2分)
0)(1
=∑=in
izOFMv
01=++?OABMMaS(3分)
解得:FFxO21?=,0=yOF,FaMO2
3
?=(2分)
2.如图所示,梯子由杆OA和杆AB组成,
铰O为固定铰支座,铰A为圆柱铰,杆AB搁置在地面上,接触点为端点B。杆OA和杆AB的长度均为l,图示位置杆OA和杆AB的倾角均为60o。杆AB与地面接触点B
的静摩擦因数为3
21=
sf。人的分量为W,
不计杆OA和杆AB的分量。设梯子始终保持平衡,计算
(1)人到达的最高点P与点B的距离x。(2)假如人能够到达的最高点A,接触点B的摩擦角至少应当多大?(15分)
M
(1)解:
取杆AB为讨论对象:01
=∑=n
iix
F,021
=?mBOAFS(2分)01=∑=n
iiyF,
02
3
=?+WFSNBOA(2分)0)(1
=∑=in
izBFMv,02123=+?xWSlOA
(2分)补充方程:NBmBFF3
21
=(1分)
解得:lx3
2
=(2分)
(2)解:设人到达的最高点A时,点B即将向右滑动,此时,点B的摩擦力为
极限摩擦力。取杆AB为讨论对象:0)(1
=∑=inizAFMv,BFr必然过点A,BFr与NBFr夹角为6/π(2分)
,按照摩擦角的定义,接触点B的摩擦角为6/π。因此,接触点B的摩擦角至少为6/π,人才干
到达最高点。
(2分)
Sr
Srm
B
3.如图所示,圆弧杆B1搁置在高为h的平台上。圆弧的半径为r,圆心为O,
2/rh=,o90=∠BOA。杆B1的端点A以匀速v沿水平轴xr
向右运动。图示瞬时,
OA铅垂,OB水平,o60=∠COA。请利用刚体系矢量瞬时分析法求此瞬时(1)圆弧杆B1的肯定角速度;(2)圆弧杆B1的肯定角加速度。(20分)
解:取点C为动点,杆B1的连体基11yxrr为动基,点C相对于动基11yxr
r作圆周运
动,相对于定基yxr
r不动。
01111rrrrrr=++==r
CeCetCCCvvvvvω(2分)
vvvAetC==1,11ωωrveC=(2分)xv
:02
12111=??eCrCvvvω(1分)
yr:0232311=?e
CrCvvω(1分)
解得:
vv
r
C
=1,r
v
rvrCr==11ω,11eCvvrrωω==(2分)
(
1分)
11111110eeerrc
CCtCCCCnCCaaaaaaaaωατ==+++++=rrrrrrrrr(2分)01==AetC
aa
,r
vraeC
2
2
11==ωω,raeC11αα=,11r
Crarτα=,()
2
21211rCrnCrvvarr
r
ω==
=211122crC
C
va
v
r
ω==(5分)
nr:02
321
1111=?+?cCrCneCeCaaaaαω(2分)
0223
212212=?+?rvrvrrvα
解得:2
2133rv?=α(1分)
4.如图所示,刚性杆B1的端点A靠墙,端点B着地,以匀速v沿水平轴xr
向右
运动,杆B2可沿铅垂方向yr
作直线平动,杆B2的端点C可以在杆B1上滑动。
杆B1和杆B2的长度均为2l,图示瞬时,杆B1与水平线的夹角为30o,请利用刚体系矢量瞬时分析法求此瞬时
1分)
D
(1)杆B1的肯定角速度和肯定角加速度;(2)杆B2平动的速度和加速度。(25分)
解:按照Avr和Bvr
的方向,确定速度瞬心S
AB杆的角速度为:l
v
lvB==
1ω。
(2分)取点C为动点,杆B1的连体基11yxrr为动基,点C相对于动基11yxr
r作直线运动,相对于定基yxr
r作直线运动。rCeCCCvvvv111r
rrr+==(2分)vlveC==11ωr
(1分)
1xr
:rCeCvv1123210?=(1分)
1yr
:rCeCCvvv112
123+?=(1分)
解得:vvr
C331=
,vvC3
3?=(2分)v
r=1
(1分)
点A为杆B1的给定点
eAeAetAAAaaaaaαω1111r
rr++==(2分)01==BetA
aa
,l
vla
eA22
1
122==ωω,112ααlaeA=(2分)
xr
:eAeAaaαω1121230?=(1分)
解得:2
2
13lv=α(1分)
cCrCeCeCetCCCaaaaaaa111111r
rrrrrr++++==αω(2分)01==BetC
aa
,lvlaeC2211==ωωr,lvlaeC2113==ααr,l
vvar
CcC33222111==ωr(3分)
1
xr(1分)
1
xrB(1分)
1yr:eCcCCaaaα1123??=(1分)
解得:l
vaC3102
?=(1分)
5.如图所示,杆AB搁置在定轮上,端点A沿水平线滑动。设定轮的半径为r,杆AB的轴线BA与AO的夹角为θ,点A的坐标为(,0)x。以[]T
θsx=q为系统的位形坐标阵。
若杆AB的平面运动受控,其驱动逻辑为:()3
ttπ
θω=
?,ω为常数。用总
体法(1)写出系统的位置约束方程,计算系统的自由度;(2)写出速度约束方程和加速度约束方程;(3)用分别变
量法写出)(tx
&,)(ts&的表达式。(20分)解:(1)系统的位置约束方程为:
0=???
???????=rxsxθθsincosΦ(3分)
自由度为3-2=1(2分)(2)速度约束方程为:
0=???
?
????+??=θθθθθθ&&&&&&cossinsincosxxsxxΦ
(3分)加速度约束方程为:
0=???
??????++????=22sincos2cossincossin2sincosθθθθθθθθθθθθθθ&&&&&&&&&&&&&&&&&&xxxxxx
sxxΦ
(3分)(4)由分别变量法,令自立坐标为wθ=,非自立坐标为[]T
x
s=u(1分)
由位移约束方程得到:
()trrsωπθ?==3/ctgctg(1)(1分)
()
tr
rxωπθ?==
3/sinsin(2)(1分)由位移约束方程得到:
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