2023届湖南省十四校联考物理高二第二学期期中监测模拟试题含解析

2023届湖南省十四校联考物理高二第二学期期中监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，y轴正方向竖直向上，空间有垂直于xOy平面的匀强磁场(图中未画出)．一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线所示．下列说法中正确的是（）A．轨迹OAB可能为圆弧B．小球在整个运动过程中机械能增加C．小球在最低点A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等D．小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向2、如图所示，在质量为M的支架上用一轻质弹簧挂有质量均为m（M≥m）的A、B两物体，支架放在水平地面上，开始各物体都静止，突然剪断A、B间的连线，此后A做简谐运动．当运动到最高点时，支架对地面的压力为（）A．Mg B．（M﹣m）gC．（M+m）g D．（M+2m）g3、如图所示，一个边长为2L的等腰直角三角形ABC区域内，有垂直纸面向里的匀强磁场，其左侧有一个用金属丝制成的边长为L的正方形线框abcd，线框以水平速度v匀速通过整个匀强磁场区域，设电流逆时针方向为正。则在线框通过磁场的过程中，线框中感应电流i随时间t变化的规律正确的是A． B．C． D．4、如图所示是一定质量的理想气体的状态变化过程的p－T图线，在AB、BC、CA三个阶段中，吸热过程有（）A．AB B．BC C．BC、CA D．AB、CA5、如图所示，一理想自耦变压器的原线圈接有正弦式交变电压，其最大值保持不变，副线圈接有可调电阻R，滑动触头P与线圈始终接触良好，下列判断正确的是()A．若通过电路中A、C两处的电流分别为、，则B．若仅将滑动触头P向A端滑动，则电阻R消耗电功率增大C．若仅使电阻R增大，则原线圈的输入电功率增大D．若在使电阻R增大的同时，将滑动触头P向A端滑动，则通过A处的电流一定增大6、一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力。则三球落地时的速度大小（）A．上抛球最大 B．下抛球最大 C．平抛球最大 D．三球一样大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用恒力F将闭合线圈自静止开始（不计摩擦）从图示位置向左加速拉出有界匀强磁场，则在此过程中（）A．线圈向左做匀加速直线运动B．线圈向左运动且速度逐渐增大C．线圈向左运动且加速度逐渐减小D．线圈中感应电流逐渐减小8、一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其图象如图所示，下列判断正确的是（）A．过程ab中气体一定吸热B．过程bc中气体既不吸热也不放热C．过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D．A、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小E.b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同9、如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点时速度减为零．不计空气阻力，重力加速度为g．关于小球在刚接触地面到速度变为零的过程中，下列说法中正确的有（）A．小球的机械能减少了mghB．小球克服阻力做的功为mg（H+h）C．小球所受阻力的冲量等于D．小球动量的改变量大小等于10、如图所示，上、下表面平行的玻璃砖置于空气中，一束复色光斜射到上表面，穿过玻璃后从下表面射出，分成a、b两束单色光。下列说法中正确的是()A．a、b两束单色光相互平行B．a光在玻璃中的传播速度大于b光C．在玻璃中a光全反射的临界角大于b光D．用同一双缝干涉装置进行实验，a光的条纹间距小于b光的条纹间距三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学“用双缝干涉测光的波长”。（1）如图所示，若将某单色光束照在的双缝上，在光屏上观察到的现象是图乙图样是平行且等宽的明暗相间的条纹。换用间隙更小的双缝，保持双缝到光屏的距离不变，在光屏上观察到的条纹宽度将_________；保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离，在光屏上观察到的条纹宽度将_________（以上均选填“变宽”“变窄”或“不变”）；（2）为测量该单色光的波长，将光束垂直射向间距为d的双缝（每个缝的宽度很窄，宽度可忽略），在双缝后面距离为L处的光屏上可以观察到干涉条纹。现使测量头的分划板中心刻线与条纹的中心对齐，经测量得出5条亮条纹之间的距离为a，则该单色光的波长为___。12．（12分）利用频闪照相机和气垫导轨做“验证动量守恒定律”的实验，步骤如下：①用天平测出滑块A、B的质量分别为400g和600g；②安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；③向气垫导轨通入压缩空气④把A、B两滑块放到导轨上，并分别给他们初速度，同时开始闪光照片，闪光的时间间隔为0.2s，照片如图所示该照片是闪光4次摄得的．在这4次闪光的瞬间，A、B两滑块均放在0～80cm刻度范围内；第一次闪光，滑块A恰好通过x=55cm处，滑块B恰好通过x=70cm处；碰后滑块B处于静止状态．取向右为正方向，滑块碰撞时间发生在第一次闪光后_____s；碰撞前两滑块的总动量是_________kg•m/s，碰撞后两滑块的总动量是_________kg•m/s；该碰撞_______（填“是”或“不是”）弹性碰撞。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，MN、PQ为固定的平行光滑导轨，间距L=0.1m，电阻不计，与水平地面成30°，N、Q间接电阻R1=12Ω，M、P端与电池和开关连接，电池内阻不计。匀强磁场方向垂直导轨平面向上，磁感强度B=1T。现将质量m=0.01kg，电阻R2=12Ω的金属棒ab置于导轨上，并保持水平。（1）接通S，ab棒恰好静止不动，求电池的电动势；（2）若某时刻断开S，求ab棒的最大速度。（设导轨足够长）14．（16分）用不同频率的光照射某金属产生光电效应，测量金属的遏止电压Uc与入射光频率ν，得到Uc—ν图像如图所示，根据图像求出该金属的截止频率和普朗克常量各为多少。（已知电子电荷量e＝1.6×10-19C）15．（12分）如图所示，A、B、C三个小物块放置在光滑水平面上，A靠在墙壁，A、B之间用轻弹簧连接，它们的质量分别为，，现给C一水平向左的初速度，C与B发生碰撞并粘在一起．试求：(1)A离开墙前，弹簧的最大弹性势能；(2)A离开墙后，C的最小速度．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：带电小球受竖直向下的重力和洛伦兹力作用，不可能做圆周运动，选项A错误；小球在整个运动过程中，由于洛伦兹力不做功，则只有重力做功，回到C点时机械能不变，选项B错误；小球经过A点后向上运动，可知在A点时受到的洛伦兹力大于重力大小，选项C错误；因洛伦兹力不做功，故小球运动至最低点A时重力做功最多，则速度最大，且沿水平方向，选项D正确；故选D.考点：机械能守恒定律；洛伦兹力.2、A【解析】

平衡后剪断A、B间细线，A将做简谐振动，在平衡位置，有：，在平衡之前的初位置，有：，故振幅为：，根据简谐运动的对称性，到达最高点时，弹簧处于原长，故此时木箱只受重力和支持力，二力平衡，故支持力等于重力Mg，由牛顿第三定律可知，木箱对地面的压力等于Mg，A正确；【点睛】本题关键是对小物体受力分析，根据简谐运动的对称性得到最高点时弹簧的弹力大小，最后对木箱受力分析，得到地面的支持力3、B【解析】

线框开始进入磁场运动L的过程中，只有边bd切割，感应电流不变，前进L后，边bd开始出磁场，边ac开始进入磁场，回路中的感应电动势为ac边产生的电动势减去bd边在磁场中的部分产生的电动势，随着线框的运动回路中电动势逐渐增大，电流逐渐增大，方向为负方向；当再前进L时，边bd完全出磁场，ac边也开始出磁场，有效切割长度逐渐减小，电流方向不变。

A．该图与结论不相符，选项A错误；B．该图与结论相符，选项B正确；C．该图与结论不相符，选项C错误；D．该图与结论不相符，选项D错误；故选B。4、B【解析】

AB过程是等容降温过程，即气体内能减少，但是气体不做功，因此其内能的减少是气体放热的结果；BC过程是等压膨胀升温的过程，气体对外做功，但气体温度升高，说明一定大量吸热，这是吸热过程；CA过程是等温升压、气体体积减小的过程，虽然外界对气体做功，但气体的内能不变，说明这个过程气体放热。故ACD错误，B正确。故选B。5、B【解析】电流与匝数成反比，原线圈的匝数大于副线圈的匝数，故，故A错误；所以由于原线圈的输入电压不变，若仅将触头P向A端滑动，则副线圈的匝数增大，输出电压增大，电阻R消耗的电功率增大，故B正确；当电阻R增大时，电路的电阻变大，副线圈的电压不变，所以副线圈的输出功率减小，而输入功率等于输出功率，故原线圈的输入电功率也减小，故C错误；若在使电阻R增大的同时，将触头P向A端滑动，输出电压增大，通过A处的电流不能判断出是否增大，故D错误；故选B．【点睛】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．6、D【解析】

由机机械能守恒定律可得：1解得v=所以三球落地时的速度大小相等。A.上抛球最大与上述计算结果不符，故A不符合题意；B.下抛球最大与上述计算结果不符，故B不符合题意；C.平抛球最大与上述计算结果不符，故C不符合题意；D.三球一样大与上述计算结果相符，故D符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】本题的关键是首先根据右手定则或楞次定律判定ab边产生电动势的方向并写出电动势大小，再根据左手定则判定ab边产生安培力的方向并写出安培力大小，然后根据牛顿第二定律写出线圈产生加速度的表达式，再讨论即可．线圈向左运动时，ab边做切割磁感线运动产生电动势，根据右手定则可知ab产生的电动势方向从a向b，电动势的大小为，通过ab的电流为，由左手定则可知ab边受到的安培力方向向右，大小为，根据牛顿第二定律应有，可得．可知，线圈做加速度减小的加速运动，所以A错误BC正确；线圈加速运动，产生的感应电流应逐渐增大，所以D错误．8、ADE【解析】

试题分析：从a到b的过程，根据图线过原点可得，所以为等容变化过程，气体没有对外做功，外界也没有对气体做功，所以温度升高只能是吸热的结果，选项A对．从b到c的过程温度不变，可是压强变小，说明体积膨胀，对外做功，理应内能减少温度降低，而温度不变说明从外界吸热，选项B错．从c到a的过程，压强不变，根据温度降低说明内能减少，根据改变内能的两种方式及做功和热传递的结果是内能减少，所以外界对气体做的功小于气体放出的热量，选项C错．分子的平均动能与温度有关，状态a的温度最低，所以分子平均动能最小，选项D对．b和c两个状态，温度相同，即分子运动的平均速率相等，单个分子对容器壁的平均撞击力相等，根据b压强大，可判断状态b单位时间内容器壁受到分子撞击的次数多，选项E对．考点：分子热运动理想气体状态方程气体压强的微观解释9、BD【解析】小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（H+h），则小球的机械能减小了mg（H+h）．故A错误．对全过程运用动能定理得，mg（H+h）-Wf=0，则小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）．故B正确．落到地面的速度，对进入泥潭的过程运用动量定理得，IG+If＝0−m，知阻力的冲量大小不等于m．故C错误．落到地面的速度v=，对进入泥潭后的速度为0，所以小球动量的改变量大小等于m．故D正确．故选BD.点睛：解决本题的关键掌握动能定理和动量定理的运用，运用动能定理解题不需考虑速度的方向，运用动量定理解题需考虑速度的方向.10、AD【解析】

A．据题意，通过平行玻璃砖的光，出射光线与入射光线平行，故选项A正确；B．单色光a偏折程度较大，则a光的折射率较大，据v＝可知，在介质中a光的传播速度较小，故选项B错误；C．据sinC＝可知，a光发生全反射的临界角较小，故选项C错误；D．a光折射率较大，a光的波长较小，又据Δx＝λ可知，a光进行双缝干涉实验时条纹间距较小，故选项D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变宽变窄【解析】

（1）)[1][2]根据双缝干涉条纹间距公式可知在其它条件不变，换用间隙更小的双缝即d减小时，条纹宽度变宽；保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离即L减小，则条纹宽度变窄；（2）[3]由题意可知，双缝干涉条纹的间距为根据可知，该单色光的波长为12、0.1；-0.4；-0.4；不是【解析】碰撞后A向左做匀速运动，设其速度为vA′，所以有：vA′•△t=20，

碰撞到第二次闪光时A向左运动10cm，时间为t′，有：vA′•t′=10，

第一次闪光到发生碰撞时间为t，有：t+t′=△t，

解得：t=△t2=0.22s=0.1s；

设向右为正方向，碰撞前，B的速度大小为：vB=-0.70-0.600.1=1m/s，

A的速度为：vA=0.60-0.550.1=0.5m/s，

则碰撞前两滑块的质量与速度乘积之和为：P1=mAvA+mBvB=0.4×0.5-0.6×1=-0.4kgm/s．

碰撞后，B静止，A速度为：vA′=0.10-0.300.2=-1m/s，

则碰撞后两滑块的总动量为：P2=-mAvA′=-0.4×1=-0.4kgm/s；

碰撞前系统机械能：E=12mAvA2+12mBvB2