2022-2023学年广西桂林市物理高一第二学期期中达标检测模拟试题含解析

2022-2023学年广西桂林市物理高一第二学期期中达标检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示,一个物体在O点以初速度v开始作曲线运动,已知物体只受到沿x轴方向的恒力F的作用,则物体速度大小变化情况是（）A．先减小后增大 B．先增大后减小C．不断增大 D．不断减小2、如图所示，一辆汽车做匀加速直线运动，经过路旁两棵相距50m的树共用时间5s，它经过第二棵树时的速度是15m/s，则它经过第一棵树时的速度是()A．2m/sB．10m/sC．2.5m/sD．5m/s3、一小球质量为m,用长为L的悬绳（不可伸长，质量不计）固定于O点，在O点正下方L/2处钉有一颗钉子，如图所示，将悬线沿水平方向拉直无初速释放后，当悬线碰到钉子后的瞬间，则（）A．小球线速度没有变化B．小球的角速度突然增大到原来的2倍C．小球的向心加速度突然增大到原来的2倍D．悬线对小球的拉力突然增大到原来的2倍4、如图所示，一只老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，则关于老鹰受力的说法正确的是（）A．老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用B．老鹰受重力和空气对它的作用力C．老鹰受重力和向心力的作用D．老鹰受空气对它的作用力和向心力的作用5、如图所示，Q为带负电的绝缘小球，AB为一不带电的中性导体且放在Q附近，达到静电平衡状态时，下面判断正确的是（）A．A端的电势高于B端的电势B．以无限远或大地为零电势点，导体AB的电势高于零C．A、B两端电势相等D．导体内的场强方向是由A指向B6、在水平路面上做匀速直线运动的小车上有一固定的竖直杆，车上的三个水平支架上有三个完全相同的小球A、B、C，它们离地面的高度分别为3h、2h和h，当小车遇到障碍物P时，立即停下来，三个小球同时从支架上水平抛出，先后落到水平路面上，如图所示，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A．三个小球落地时间差与车速有关B．三个小球落地点的间隔距离L1＝L2C．三个小球落地点的间隔距离L1<L2D．三个小球落地点的间隔距离L1>L27、关于几个力与其合力，下列说法正确的是()A．合力的作用效果跟原来那几个力共同作用产生的效果相同B．合力与原来那几个力同时作用在物体上C．合力的作用可以替代原来那几个力的作用D．求几个力的合力遵循平行四边形定则8、质量为m的物体由静止开始下落，下落加速度为，在物体下落h的过程中，下列说法正确的是（）A．物体的重力势能减少了mgh B．物体动能增加了mghC．物体克服阻力所做的功为 D．物体机械能减少了9、如图所示，竖直平面内固定有一个半径为R的光滑圆环形细管，现给小球（直径略小于管内径）一个初速度，使小球在管内做圆周运动，小球通过最高点时的速度为v，已知重力加速度为g,则下列叙述中正确的是（）A．v的极小值为B．v由零逐渐增大的过程中，轨道对球的弹力先减小再增大C．当v由值逐渐增大的过程中，轨道对小球的弹力也逐渐增大D．当v由值逐渐减小的过程中，轨道对小球的弹力也逐渐减小10、如图所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R，月球表面的重力加速度为．飞船在半径为4R的圆型轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入半径约为R的近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，则A．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率等于B．飞船在轨道Ⅰ上运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率C．飞船在轨道Ⅰ上的加速度大于在轨道Ⅱ上B处的加速度D．飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比：=4∶111、如图所示，a、b、c、d是竖直平面内圆上的四个点，连线ab、cd均过圆心O且相互垂直，在圆心处固定一点电荷。现施加一方向与ab平行的匀强电场（图中未画出），则下列说法正确的是（）A．a、b两点的电势相同B．c、d两点的电势相同C．a、b两点的电场强度等大D．c、d两点的电场强度等大12、关于功、功率，下列说法正确的是（）A．由公式P=WtB．功率是表示做功快慢的物理量C．由公式P=WtD．由公式P=Fv可知车速越大，汽车发动机功率越大二．填空题(每小题6分，共18分)13、(1)某同学在“研究平抛物体的运动”实验中得到A、B、C、D、E五个实验点，如图所示，则关于产生较大偏差的B点的形成原因，可能是___________A．小球开始滚下的高度较其他各点高B．小球开始滚下的高度较其他各点低C．小球离开斜槽后与白纸有接触D．小球开始滚下时具有了一个初速度(2)一农用水泵的出水管是水平的。当水泵工作时，水流从整个水管中流出。若已知出水管管口的直径是D，为了估算出水泵的流量（指单位时间内从水泵管口流出的水的体积），只给你一把钢卷尺，则还需要测量的物理量有_________，计算流量的表达式是_____14、在“验证机械能守恒定律”实验中，利用重锤拖着纸带自由下落，通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量，即可验证机械能守恒定律．（1）安装好实验装置，正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求的纸带，如图所示．图中O点为打点起始点，且速度为零．（2）本实验是否需要测定重锤质量m：________(填“需要”或“不需要”)．（3）选取纸带上打出的连续点A、B、C、…,测出其中E、F、G点距起始点O的距离分别为h1、h2、h3，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点周期为T．为验证从打下F点的过程中机械能是否守恒，需要验证的表达式是_________(用题中所给字母表示)．15、右图为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm．如果取g=10m/s2，那么（1）闪光频率是_________Hz（2）小球运动中水平分速度的大小是_________m/s．（3）小球经过B点时的速度大小是__________m/s．（4）根据图示数据可知，A点一定_______（填“是”或“不是”）小球平抛的开始位置．三．计算题(22分)16、（12分）屋檐边缘距水平地面7.1m高，从屋檐上落下的水滴作自由落体运动．已知屋檐上每隔T=0.1s落下一滴水，取重力加速度g=10m/s1．求：（1）水滴落到地面时的速度大小．（1）当第一滴水落到地面时，第二滴水距离地面的高度．17、（10分）如图所示，一根长0.1m的细线，一端系着一个质量为0.18kg的小球，拉住线的另一端，使球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动。当小球的转速增加到原来的3倍时，细线断裂，这时测得线的拉力比原来大40N。(1)求此时线的拉力为多大？(2)求此时小球运动的线速度为多大？(3)若桌面高出地面0.8m，则线断后小球垂直桌面边缘飞出，落地点离桌面边缘的水平距离为多少？（g取10m/s2）

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、A【解析】试题分析：将速度分解为v1、v2竖直方向保持匀速直线运动，水平方向上先减速后加速，所以合速度先减小后增大，故选A．考点：曲线运动2、D【解析】解：在这段过程中汽车的平均速度，又，所以v0=5m/s．故D正确，A、B、C错误．故选D．考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据平均速度的公式求出汽车经过第一棵树时的速度．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的平均速度公式，以及知道在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．3、D【解析】当碰到钉子瞬间，小球到达最低点时线速度没有变化，故A正确．根据圆周运动知识得：ω=vr，而半径变为原来的12，线速度没有变化，所以小球的角速度突然增大到原来的2倍，故B正确．根据圆周运动知识得：a=v2r，而半径变为原来的12，线速度没有变化，所以向心加速度突然增大到原来的2倍，故C正确；小球摆下后由机械能守恒可知，mgL=12mv2，因小球下降的高度相同，故小球到达最低点时的速度相同，v=2gL;在最低点根据牛顿第二定律得：F-mg=ma=mv点睛：本题中要注意细绳碰到钉子前后转动半径的变化，再由向心力公式分析绳子上的拉力变化．小球摆到最低点虽与钉子相碰，但没有能量的损失．4、B【解析】

老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，合力指向圆心，提供向心力，则老鹰受到的重力和空气对它的作用力的合力提供向心力，向心力是效果力，不是老鹰受到的，故B正确，ACD错误。故选B。【点睛】注意向心力是效果力，在匀速圆周运动中由合外力提供．注意向心力不是物体所受到的力，这是易错点。5、C【解析】

AC．根据静电感应可以判断枕形导体A端带正电荷，B端带负电荷．处于静电平衡的导体是等势体，故A错误；C正确；

B．以无限远或大地为零电势点，根据沿着电场线的方向，电势降低可知，导体AB的电势低于零，故B错误；

D．处于静电平衡的导体，由于内部合电场强度为零，因此没有电场强度方向可言，故D错误；故选C。6、C【解析】试题分析：据题意三个小球从车上水平抛出后均做平抛运动，平抛运动的时间与高度有关，所以A选项错误；据h=gt2，三个小球的落地时间比为tA：tB：tC=，又据L=vt，小球落地间隔距离之比为：L1：L2=（-）：（-1）<1，说明L1<L2，所以C选项正确．考点：本题考查对平抛运动的应用．7、ACD【解析】合力的作用效果跟原来那几个力共同作用产生的效果相同，选项A正确；合力与分力效果相等，但合力不是物体受到的力，故B错误；合力的作用可以替代原来那几个力的作用，选项C正确；求几个力的合力遵循平行四边形定则，选项D正确；故选ACD.8、AC【解析】

A、，A正确B、，B错误C、，所以，，C正确D、，D错误9、BC【解析】

由题可知，v的极小值为0，选项A错误；当v的范围在0-范围内逐渐变大时，根据可知，FN逐渐减小；当v在大于范围内逐渐变大时，根据可知，FN逐渐变大；故选项BC正确，D错误；故选BC.10、AB【解析】A、根据得，飞船在轨道Ⅰ上的运行速率，又，解得，故A正确．

B、由可知，轨道的半径越大，速度越小，所以飞船在轨道Ⅰ上的速度小于在轨道Ⅲ的速度；而飞船在轨道Ⅱ的B点做离心运动，所以飞船在轨道Ⅱ的B点的速度大于飞船在轨道Ⅲ上的速度，所以飞船在轨道Ⅰ上运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率，故B正确；

C、根据牛顿第二定律得，，飞船在轨道Ⅰ上的加速度小于在轨道Ⅱ上B处的加速度，故C错误；

D、根据得，，飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的轨道半径之比为4：1，则周期之比为8：1，故D错误．点睛：解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：万有引力提供向心力，万有引力等于重力，并能灵活运用．11、BD【解析】

对于圆心O处的点电荷，a、b两点的电势相等，对于匀强电场a、b电势不相等，所以叠加后的电势不相等，A错误；对于圆心O处的点电荷，c、d两点的电势相等，对于匀强电场c、d电势相等，所以叠加后的电势相等，故B正确；对于圆心O处点电荷形成的电场，a、b两点的电场强度等大反向，对于匀强电场a、b两点电场强度等大同向，故叠加后电场强度不相等，C错误；对于圆心O处点电荷形成的电场，c、d两点的电场强度等大反向，对于匀强电场c、d两点电场强度等大同向，方向水平，故叠加后电场强度大小相等，方向不同，D正确；12、BC【解析】A、由公式P=Wt可以知道做功越多,功率不一定大,还与时间有关，AB、由公式P=Wt可知：功率是表示做功快慢的物理量，BC、由公式P=Wt可知单位时间内做功越多，功率越大，C正确D、一旦达到额定功率后发动机的功率与车速无关.D错；故选BC点睛：功率等于单位时间做功的大小,反映做功快慢的物理量,发动机的功率P=Fv,牵引力一定时,速度越大,功率越大.二．填空题(每小题6分，共18分)13、BC水柱的水平位移x和水柱的竖直位移y【解析】

(1)[1]由图可知，B点相对于标准位置偏低，可知初速度偏小，即滚下的高度较其它各次低，或小球在运动中遇到其它各次没有遇到的阻碍，故选BC；(2)[2]设由水管距离地面的高度y可以知道水流喷射的时间，则：所以：；设水在水平方向的位移为x，水的初速度为：水流的横截面积为：流量的表达式：所以需要测量的量是水柱的水平位移x和水柱的竖直位移y。14、不需要【解析】

（2）[1]验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要测量重锤的质量；（3）[2]根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则F点的瞬时速度vF=所以动能的增加量△E=mvF2=重力势能的减小量△Ep=mgh2则需要验证的表达式为：mgh2=即gh2=15、10；1.5；2.5；不是【解析】

根据竖直方向运动特点△h=gt2，求出物体运动时间；然后利用水平方向小球匀速运动的特点，根据x=v0t即可求出物体的初速度；匀变速直线运动某段