枣阳一中2023届高三物理一轮复习检测题

本文格式为Word版，下载可任意编辑——枣阳一中2023届高三物理一轮复习检测题枣阳一中2023届高三11月周末测试（1）

物理试题

一、选择题：此题共10小题，共48分。1～6题只有一项符合题目要求，每题4分；7～10题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．关于静电场，以下说法正确的是

A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线上的各点，电势一定相等

D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加

2．相互作用的物体间存在一对作用力和反作用力。以下说法正确的是A.作用力和反作用力的冲量不可能均为零B.作用力和反作用力的功不可能均为零

C.一对作用力和反作用力的冲量的矢量和一定为零D.一对作用力和反作用力的功的代数和一定为零

3．如图为一小型起重机，A、B为光滑轻质滑轮，C为电动机。物体P和A、B、C之间用不可伸长的轻质细绳连接，滑轮A的轴固定在水平伸缩杆上并B可以水平移动，滑轮B固定在竖直伸缩杆上并可以竖直移动。当物体P静止时AA．滑轮A的轴所受压力可能沿水平方向B．滑轮A的轴所受压力一定大于物体P的重力物体PCC．当只将滑轮A向外移动时，A的轴所受压力变大D．当只将滑轮B向上移动时，A的轴所受压力变大4．如下图，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为μ，物体过一会儿能保持与传送带相对静止。对于物体从静止释放到相对静止这一过程，以下说法正确的是

12v2A.电动机多做的功为mvB.物体在传送带上的划痕长

2?gC.传送带战胜摩擦力做的功为

12

mvD.电动机增加的功率为?mgv2

5．理论上可以证明，天体的其次宇宙速度（逃逸速度）是第一宇宙速度（环绕速度）的2倍，这个关系对于天体普遍适用。若某“黑洞〞的半径约为45km，逃逸速度可近似认为是真空中光速。已知万有引力常量G=6.67×10-11N·m2/kg2，真空中光速c=3×108m/s。根据以上数据，估算此“黑洞〞质量的数量级约为

A．1031kgB．1028kgC．1023kgD．1022kg

6．在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球碰撞后，A球的速度方向与碰撞前相反。则碰撞后B球的速度大小可能是

A．0.6vB．0.4vC．0.3vD．0.2v

7．物体A做平抛运动，以物体被抛出的位置为原点O，以初速度v0的方向为x轴的方向、竖直向下的方向为y轴的方向，建立平面直角坐标系。如下图，沿两坐标轴分别放置两个光屏。两束平行光分别沿着与坐标轴平行的方向照射，物体A在两个光屏上分别留下

物体的两个“影子〞的坐标分别为x、y，则图中两个影子的坐标随时间变化关系正确的是

x0A

O影子x平行

xt0y0t2yt0影子

A光

BCDt2y平行光

8．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P和F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，

F为MN的中点，?M?30?，M、N、P、F四点处的电势分别用?M、?N、?P、?F表示，已知?M??N，?P??F，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则A．点电荷Q一定在MP连线上B．连线PF一定在同一个等势面上

C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．?P大于?M

FM

PN

9．质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点，不计空气阻力且小球从未落地。则A．整个过程中小球电势能变化了3mg2t2

2B．整个过程中小球动量增量的大小为2mgt

C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了mg2t2

D．从A点到最低点小球重力势能变化了2mg2t2

310．如下图，质量分别为M、m的小球A、B用轻杆固定连接，轻杆长度为l。B球位于光滑水平面上，轻杆位于竖直方向。初始小球A、B均处于静止状态。现对小球A微弱扰动，小球A由静止开始向地面运动。重力加速度为g。小球A与地面碰撞时不损失机械能。小球A下降时，下A列说法正确的是

lA.小球A下降过程中加速度不可能为g

B.轻杆对小球A先做正功再做负功C.小球B的速率先增大后减小BD.小球A即将落地时的速率为2gl

二、试验题：此题共2小题，共15分。11题6分，12题9分。请依照要求把正确答案填写在相应位置。

011．（6分）如图为某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞时的试验装置，

1让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，弹簧不挂物体时下端指针所指的标尺刻度

7为x0，在弹簧下用足够长的轻质细线挂上4个一致的钩码（弹簧处于弹性限S8度内），静止置于烧杯T内，控制阀门S通过细胶管向烧杯中缓慢注水，依

9次浸没4个钩码，记录每浸没一个钩码时指针所指的标尺刻度x1，x2，x3，x4，

T已知每个钩码质量为m，重力加速度为g。10cm以xn为纵坐标，n为横坐标建立坐标系，作出xn和浸没钩码个数n的关

系图线，求得图线斜率为a，纵轴截距为b，则该弹簧的劲度系数为▲，每个钩码所受浮力为▲。（用a、b、m、g和x0表示）

12.（9分）在试验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙所示的两种装置：

（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则▲．A．m1>m2，r1>r2B．m1>m2，r1m2，r1＝r2D．m115.

17．[物理——选修3-4]（15分）（1）（5分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质点的振动图线如图1所示，

在x=18m处的质点的振动图线如图2所示。以下说法正确的是（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）。

A．该波的周期为12s

B．x=12m处的质点在平衡位置向上振动时，x=18m处的质点在波峰C．在0~4s内x=12m处和x=18m处的质点通过的路程均为6cmD．该波的波长可能为8m

E．该波的传播速度可能为2m/s（2）（10分）如下图，横截面（纸面）为?ABC的三棱镜置于

空气中，顶角?A=60°。纸面内一细光束以入射角i射入AB面，直接到达AC面并射出，光束在通过三棱镜时出射光与入射光的夹角为φ（偏向角）。改变入射角i，当i=i0时，从AC面射出的光束的折射角也为i0，理论计算说明在此条件下偏向角有最小值φ0=30°。求三棱镜的折射率n。

枣阳一中2023届高三11月周末测试（1）

物理参考答案

题目答案11.（1）

1D2C3C4D5A6A7AD8AD9BD10CD4mg4mga（3分）；（2）（3分）b?x0x0?b12.（1）C（2分）；（2）AC（4分，选不全的得2分）；

（3）m1·OP＝m1·OM＋m2·O′N（3分）

13.解：（1）木箱在水平拉力下匀速运动，由牛顿其次定律F1-μmg=0??????????????1分μ=0.5???????????1分

（2）F2作用在货箱上时，由牛顿其次定律

F2-μmg=ma1??????????????1分a1=1.0m/s2???????????1分

设在F2作用下木箱的位移为x1，撤掉推力时木箱速度大小为v，撤掉推力后木箱加速度大小为a2，移动的位移为x2，总位移为x，则x1=a1t2=8.0m??????????1分

v=a1t=4.0m/s

μmg=ma2，a2=5.0m/s2??????1分0-v2=-2a2x2

x2=1.6m??????????1分

x=x1+x2=9.6m??????????1分14.解：（1）由题意可知，小球在水平方向先减速到零，然后反向加速。设小球进入A孔的速度为v0，减速到右板的时间为t，则有：

1qE2t??????????1分2mqE0?v0?t??????????1分

m12竖直方向：4d?g?2t???????????1分

2水平方向：d?v0t?联立解得E?mg??????????1分q（2）在水平方向上根据牛顿其次定律有qE?max??????????1分

2根据运动学公式有0?v0?2(?ax)d??????????1分

联立解得v0?2gd??????????1分

（3）小球进入电场后，在水平方向上做减速运动，即?v0?qEt?????1分m在竖直方向上做加速运动，即vy?gt???????????1分小球在电场中的速度大小为v?联立由数学知识可得t??22?vyv0时小球速度达到最小，此时粒子在水平方向的位移为：2gx?v0t??1qE2t???????????1分2m在此过程中电场力做功为W??qEx??????????1分

而W???Ep联立解得?Ep?33mgd，即粒子的电势能增加mgd。??????????1分44=5m/s……1分

解（1）设物块B沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v0.由机械能守恒知1

mgR＝mv02得

2

设物块B滑到1/4圆弧的最低点C时受到的支持力大小为F，由牛顿其次定律得：

解得：F=60N………………1分

由牛顿第三定律得：物块B滑到1/4圆弧的最低点C时受到的支持力大小为F1=60N，方向竖直向下。………………1分

（2）设物块B在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为a，则

μmg＝ma

设物块B通过传送带后运动速度大小为v，有v2-v02=-2al联立解得v＝4m/s………………1分

由于v>u＝2m/s，所以v＝4m/s即为物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小。设物块A、B第一次碰撞后的速度分别为v2、v1，取向左为正方向，由动量守恒定律和能量守恒定律得mv＝m