2023年高考化学考题烃的含氧衍生物

10烃的含氧衍生物关于醇类的以下说法中错误的选项是〔 〕A．羟基与烃基或苯环侧链上的碳原子相连的化合物称为醇B．酚类和醇类具有一样的官能团，因而具有一样的化学性质C．乙二醇和丙三醇都是无色液体，易溶于水和乙醇，其中丙三醇可用于配制化装品D．相对分子质量相近的醇和烷烃相比，醇的沸点高于烷烃【答案】B【解析】A.依据醇的定义可知：羟基与烃基相连形成的化合物叫醇，羟基与苯环侧链上的碳原子相连的化合物称为芳香醇，A正确；B.不同的化学性质，B错误；C.乙二醇和丙三醇都是无色液体，由于二者都含有亲水基羟基，因而都易溶于水和乙醇，其中丙三醇与水混溶，因此可用于配制化装品，C正确；D.于含有羟基的醇分子极性增加，增加了分子之间的吸引力，使得醇类物质的沸点高于相对分子质量接近的烷烃，D正确。有机物M的构造简式如下图，以下说法中正确的选项是〔 〕．分子式为C H O．分子式为17 18 3B．M中全部碳原子均可能在同一平面C．1molM3molNaOH反响D．M可以发生加成、取代、消去等反响【答案】D20 【解析】A．依据构造简式和碳四价的根本原则可知，该物质的分子式为C17H O，A项错误；B．右侧的环不是苯环，其中含有2个饱和碳原子，构造简式中—CH〔CH3〕220 子均形成四周体构造，导致全部的碳原子不行能共面，B项错误；C．该分子中羟基为醇羟基，与氢氧化钠不反响，中间的酯基为酚酯基，1mol2molNaOH1molM2molNaOH反响，C项错误；D．因该分子中有苯环、碳碳双键等，因而可以发生加成反响；因构造中有醇羟基、酯基等，因而可以发生取代反响；因构造中含有醇羟基，且与羟基相连的碳原子的相邻碳原子上有氢原子，因而可以发生消去反响，D项正确。为了提纯以下物质，除杂试剂和分别方法的选择均正确的选项是〔 〕选项被提纯的物质除杂试剂分别方法A乙烷〔乙烯〕酸性高锰酸钾溶液洗气B乙醇〔水〕生石灰过滤C苯〔苯酚〕浓溴水过滤D乙酸乙酯〔乙酸〕饱和碳酸钠溶液分液【答案】D【解析】A.乙烯具有复原性，会被高锰酸钾氧化生成二氧化碳气体，引入杂质，A错误；B.CaO与水反响产生Ca(OH2BC苯酚，三溴苯酚易溶于苯中，又引入杂质，不能到达除杂的目的CD乙酸与饱和碳酸钠反响后得到简洁溶于水的乙酸钠，乙酸乙酯难溶于水，与乙酸乙酯分层，然后通过分液方法分别，D正确。4．自然界为人类供给了多种多样的养分物质，以下有关养分物质的说法正确的选项是〔 〕A．葡萄糖、淀粉、纤维素都可以发生水解反响B．氨基酸和蛋白质遇重金属离子均能变性C．油脂是热量最高的养分物质，也可制造油漆D．纤维素、蛋白质、油脂都是高分子化合物【答案】C【解析】A．葡萄糖为单糖，不能发生水解反响，而淀粉、纤维素都可以发生水解反响，故A错误；B．蛋白质遇重金属离子能变性，而氨基酸不能，故B错误；C．油脂属于高级脂肪酸甘油酯，每克油脂在人体内完全氧化时能放出39.3kJ的能量，比糖类多一倍，是热值最高的养分物质；油漆中的溶剂是有机溶剂，可以由油脂制得，故C正确；D．油脂的相对分子质量在10000以下，不属于高分子，而纤维素、蛋白质都是高分子化合物，故D错误。5．药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在肯定条件下反响制得，以下有关表达正确的选项是〔 〕依据有机物的分类，贝诺酯属于芳香烃，分子式为C H NO17 15 5乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与Na2CO3溶液反响放出CO2乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚可用FeCl3溶液区分1mol2molNaOH发生反响【答案】C+HCl【解析】A．贝诺酯含有氧元素，而烃只含C、H元素，选项A错误；B．对乙酰氨基酚与碳酸钠反响生成碳酸氢钠，不能生成二氧化碳，选项B错误；C．对乙酰氨基酚含有酚羟基，具有酚类的性质，可与氯化铁溶液发生显色反响，可鉴别，选项C正确；D．乙酰水杨酸水解产物共含有2个羧基、1个酚羟基，则1mol乙酰水杨酸最多能与3molNaOH发生反响，选项D错误。6．药物吗替麦考酚酯有强大的抑制淋巴细胞增殖的作用，可通过如下反响制得：+HCl以下表达正确的选项是A．用溴水可鉴别化合物X和ZC．化合物Z中含有手性碳原子【答案】D

B．化合物Y的分子式为C6H14NO2D．1molZ3molNaOH反响【解析】A.XZ中都含有碳碳双鍵,都与溴发生加成反响，所以用溴水无法鉴别XZ，选项A错误；B.依据化合物Y的构造简式，确定分子式为C6H13NO2，选项B错误；C.连接四个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子,Z的构造简式知，该分子中没有手性碳原子，选项C错误；D.Z1个酚羟基、2个酯基都能和NaOH1mol化合物Z3molNaOH反响，选项D正确。有机化合物“利尿酸”是一种常见的兴奋剂，其分子构造如以下图，以下说法正确的选项是利尿酸是芳香烃利尿酸与AgNO3溶液反响有白色沉淀生成C．肯定条件下，利尿酸能发生取代反响、加成反响和酯化反响D．1mol利尿酸与饱和碳酸钠溶液反响能放出1molCO2【答案】CACHO和ClA尿酸中的氯原子不能电离，与AgNO3溶液不能生成白色沉淀，故B错误；C．含碳碳双键、碳氧双键及苯环可发生加成反响，含羧基可发生取代和酯化反响，故C正确；D．含羧基(-COOH)能与饱和碳酸钠溶液反响放出CO2，2mol1molCO2，故D错误。夏日的夜晚，常看到儿童手持荧光棒玩耍，魔棒发光原理是利用H2O2氧化草酸二酯〔CPPO〕产生能量，该能量被传递给荧光物质后发出荧光．草酸二酯构造简式如下图，以下有关草酸二酯的说法不正确的选项是〔 〕A．草酸二酯与H2完全反响，需要6molH2B．草酸二酯的分子式为C26H24O8Cl6C．草酸二酯能发生加成反响、取代反响和氧化反响D．1mol4molNaOH反响【答案】DA.草酸二酯中只有苯环可与H26molH2，A正确；B.草酸二酯的分子式为C26H24O8Cl6，B正确；C.草酸二酯中含有的官能团为酯基、氯原子，能发生加成反响，取代反响，氧化反响，C正确；D.1mol草酸二酯中的-Cl、酯基均可与NaOH反响，最多可18molNaOH反响，D错误。气态烃A的密度是一样状况下氢气密度的14倍，有机物A~E能发生如下图一系列变化，则以下说法错误的选项是A．A分子中全部原子均在同一平面内B．A→B所用试剂为HO2C．分子式为CHO3种4 8 2D．等物质的量的B、D分别与足量钠反响生成气体的量相等【答案】C【解析】A．乙烯为平面构造，所以全部原子在同一平面内，故A正确；B．乙烯与水发生加成反响得到乙醇BCC4HO2且含酯基的同分异构体有4HCOOCCHC3HCOOCH(C3)C3、3 2 3 3 2 CHCOOCHCH和CHCHCOOCH，故C错误；D．金属钠能与醇羟基反响放出氢气，也能与羧基反响放出氢气，而乙醇和乙酸中都只有一个活泼氢原子，因此等物质的量乙醇和乙酸与足量钠反响生成气体的量是相等的，故D3 2 3 3 2 〔以下表达不正确的选项是A．M属于α－氨基酸5B．M的分子式为CH5

OS11 2C．M能发生缩聚反响生成多肽D．青霉素过敏严峻者会导致死亡，用药前肯定要进展皮肤敏感试验【答案】B【解析】A．氨基和羧基在同一个C原子上，为α-氨基酸，选项A正确；B.依据构造简式可知，M的分子25式为CHO25式为11

NS，选项B不正确；C.MC正确；D.青霉素过敏严峻者会导致死亡，用药前肯定要进展皮肤敏感试验，选项D正确。乙烯醚是一种麻醉剂，其合成路线如图，有关说法正确的选项是A．X可能是Br2B．X可能为HO—ClC．乙烯醚分子中的全部原子不行能共平面D．①②③反响类型依次为取代、取代和消去【答案】B【解析】A项、假设X为Br2，则A为BrCH2CH2Br，反响②无法进展，故A错误；B项、假设X为HO-Cl，则A为ClCH2CH2OH，A在浓硫酸作用下形成醚键，所以B为ClCH2CH2OCH2CH2Cl，B在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反响可得乙烯醚，故B正确；C项、乙烯醚分子中的碳原子均为碳碳双键上的不饱和碳原子，氧原子与相连碳原子共面，则乙烯醚分子中的全部原子可能共平面，故C错误；D项、反响①属于加成反响，反响②属于取代反响，反响③属于消去反响，故D错误。的构造简式为的构造简式为。A.Y是，分子构造中有2个酚羟基，以及眼镜片、光盘、唱片等。它可用绿色化学原料与另一原料Y反响制得，同时生成甲醇。以下说法以及眼镜片、光盘、唱片等。它可用绿色化学原料与另一原料Y反响制得，同时生成甲A．Y的分子构造中有2个酚羟基B．Y的分子式为C15H18O2C．甲醇的核磁共振氢谱有2个吸取峰D．X的同分异构体中能与NaHCO3溶液反响产生气体的有4种【解析】由【解析】由YCH3OHY故A正确；B.Y是，分子式为C15H16O2故A正确；B.Y是，分子式为C15H16O2，故B错误；C.甲醇CH3OH2种等的同分异构体中能与NaHCO3溶液反响产生气体的有HOCH2CH2COOH、CH3CH(OH)COOH、CH3OCH2COOH、CH3CH2OCOOH4种，故D正确。聚乙炔导电聚合物的合成使高分子材料进入了“合成金属”和塑料电子学时代，当聚乙炔分子带上药物、M的构造式及M在稀硫酸作用下的水解过程。以下有关说法中的是A．M与A均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色B．B中含有两种官能团，B能发生消去反响和缩聚反响C．A、B、C各1mol1∶2∶2molM与热的烧碱溶液反响，可消耗2nmol的NaOH【解析】M【解析】M水解生成A的构造简式是、B是CH3CH〔OH〕COOH、CHOCH2CH2OH，根A.M与AA正确；B.BCH3CH〔OH〕COOH，含有两种官能团：羟基〔且与羟基直接相连碳原子的邻碳上有H原子B能发生消去反响和缩聚反响，故B正确；C.A、B、C各1mol分别与足量金属钠反n∶2∶2，故C错误；D.1molM2nmol1molM与2nmol的NaOH，故D正确。聚乙烯胺可用于合成染料Y(CH2=CHNH2)不稳定，所以聚乙烯胺常用聚合物X水解法制备。以下说法不正确的选项是A．聚合物X在酸性或碱性条件下发生水解反响后的产物一样B．测定聚乙烯胺的平均相对分子质量，可得其聚合度CCH3CH=NH互为同分异构体D．聚乙烯胺和R-N=C=S合成聚合物Y的反响类型是加成反响【解析】A、聚合物【解析】A、聚合物X在碱性条件下水解成HCOO-、在酸性条件下水解成和HCOOH，故A错误；B.聚乙烯胺的平均相对分子质量除以链节的式量可得聚合度，故B正确；C.乙烯胺构造简式是CH2=CH-NH2，CH2=CH-NH2CH3CH=NH分子式一样，构造不同，互为同分异构体，故C正确；D.聚乙烯胺和R-N=C=S发生加成反响生成聚合物，故D正确。确；D.聚乙烯胺和R-N=C=S发生加成反响生成聚合物，故D正确。A．M180B．1 molM最多能与2 molBr2发生反响C．M与足量的NaOH溶液发生反响时，所得有机产物的化学式为C9H4O5Na4D．1 molM与足量NaHCO3反响能生成2 molCO2【答案】CC9H4O5Na4C正确；D．M【解析】A．M的分子式为C9H6O412×9+1×6+16×4=178，故A错误；B．M211molM3molBr2C9H4O5Na4C正确；D．MNaHCO3溶液不反响，故D错误。某高分子化合物R的构造简式如图，以下有关R的说法正确的选项是A．R的单体之一的分子式为C9H12O2B．R可通过加聚和缩聚反响合成，R2种产物C．R是一种有特别香味，难溶于水的物质D．碱性条件下，1molR完全水解消耗NaOH的物质的量为n〔m+1〕mol【答案】D【解析】A.由构造可知，单体为CH2＝C〔CH3〕COOH、OHCH2CH2OH、HOOCCH〔OH〕CH2C6H5，分子式依次为C4H6O2、C2H6O2、C9H10O3，A错误；B.单体中存在C＝C、﹣OH、﹣COOH，则通过加聚反响和缩聚反响可以生成R；R由三种单体构成，则R3中产物：一种高聚物和两种单体，B错误；C.R为高分子化合物，不具有特别香味，难溶于水，C错误；D.1molR中含n(1+m)mol酯基，则碱性条件下，1molR完全水解消耗NaOH的物质的量为n(m+1)mol，D正确。17．柠檬酸的构造简式如图，以下说法正确的选项是A．1mol4molNaOH发生中和反响B．柠檬酸中能发生酯化反响的官能团有2种C．1mol柠檬酸与足量金属Na1.5molH2D．柠檬酸与O2在Cu作催化剂、加热的条件下，能发生催化氧化反响【答案】B【解析】A．柠檬酸中有三个羧基，可与3mol氢氧化钠发生中和反响，A项错误；B．酯化反响的官能团为羟基和羧基，柠檬酸中既有羧基又有羟基，B项正确；C．羟基氢和羧基氢均可以被钠取代，所以1mol柠2molH2，C项错误；D．柠檬酸中与羟基相连的碳原子上没有氢原子，无法发生催化氧化反响，D项错误。试验结论生成的1试验结论生成的1，2﹣二溴乙烷无色、可溶于四A将乙烯通入溴的四氯化碳溶液，溶液最终变为无色透亮氯化碳乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相B乙醇和水都可与金属钠反响产生可燃性气体同的活性C用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其去除乙酸的酸性小于碳酸的酸性D向苯酚浊液中滴加Na2CO3溶液，浊液变清苯酚的酸性强于H2CO3的酸性【答案】A【解析】A．乙烯含有碳碳双键，可与溴的四氯化碳溶液发生加成反响生成1，2-二溴乙烷，溶液最终变为无色透亮，故A正确；B．乙醇的构造简式为CH3CH2OH，只有羟基可与钠反响，且-OH中H的活性比水弱，故B错误；C．用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其去除，说明醋酸可与碳酸钙等反响，从强酸制备弱酸3的角度推断，乙酸的酸性大于碳酸，故C错误；D．苯酚和Na2CO3反响生成NaHCO3和苯酚钠，导致浊液变澄清，依据强酸制取弱酸原理知，苯酚酸性大于HCO-而不是碳酸，故D错误。3某有机物构造如图，以下说法中正确的选项是 该物质的化学式为C15H8O8BrCl该物质能与FeCl溶液发生显色反响31mol该物质最多能与3mol溴水发生加成反响D．肯定条件下，1mol8molNaOH反响【答案】D【解析】A．该物质的化学式为CHOBrCl，故A正确；B．该物质构造中不含有酚羟基，与FeCl溶液15 12 8 3不发生显色反响，故B错误；C．该物质构造中只含有一个碳碳双键，则1mol1molBr2发生加成反响，故C错误；D．该物质含有两个卤素原子，一个羧基，一个羧酸苯酯(2个NaOH)，一个碳酸苯酯(3个NaOH)，则肯定条件下，1mol8molNaOH反响，故D正确。有机物M的构造简式如图，有关M的以下表达中正确的选项是A．可与H2反响，1molM最多消耗1molH2B．可与浓溴水反响，1molM4molBr2C．可与NaOH溶液反响，1molM3molNaOHD．常温下，M在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度【答案】D【解析】A．能与氢气发生加成反响的有苯环和碳碳双键，则1molM4molH2，故A错误；B．能与溴水发生反响有酚羟基的邻位H原子以及碳碳双键与溴水的加成反响，1molM3molBr2，故B错误；C．有机物M2个酚羟基、1个羧基、羟基和HCl，其中能与NaOH反响的为酚羟基、CH3—C≡C—CH3【解析】依据上述分析可知：A为，B为，C为，羧基和HCl，与NaOH溶液反响，1molM4molNaOHCH3—C≡C—CH3【解析】依据上述分析可知：A为，B为，C为，化合物K是有机光电材料中间体。由芳香族化合物AK的合成路线如下：：答复以下问题：：(1)A的构造简式是 。(2)C中官能团是 。(3)D→E的反响类型是 。(4)由F生成G的化学方程式是 。(5)C7H8的构造简式是 。(6)芳香族化合物X是G的同分异构体，该分子中除苯环外，不含其他环状构造，其苯环上只有1种化学环(7)以环戊烷和烃Q为原料经四步反响制备化合物〔其他无机试剂任选。境的氢。X能与饱和碳酸氢钠溶液反响放出CO(7)以环戊烷和烃Q为原料经四步反响制备化合物〔其他无机试剂任选。Q： ；中间【答案】碳碳双键羧基消去反响+C2H5OH+H2O产物1：Q： ；中间【答案】碳碳双键羧基消去反响+C2H5OH+H2OD为D为，E为，F为，G为，比照G、K的构造简式并结合题中给出的其次个信息，可知C7H8的构造简式为。(1)A的构造简式是。(2)C构造简式是(1)A的构造简式是。(2)C构造简式是其中含有的官能团是碳碳双键和羧基。(4)F为，F与乙醇在浓硫酸存在的条件下加热，发生消去反响形成G和水，所以由FG的化学方程式是+C2H5OH+H2O。(5)C7H8的构造简式是。构简式：、。(7)环戊烷与氯气在光照条件下生成，，NaOH的乙醇溶液共热，发生消去反响得到(6)芳香族化合物X是G的同分异构体，该分子中除苯环外，不含其他环状构造，其苯环上只有(5)C7H8的构造简式是。构简式：、。(7)环戊烷与氯气在光照条件下生成，，NaOH的乙醇溶液共热，发生消去反响得到NaClH2ONaClH2O2-丁炔发生加成反响生成。其合成路线为。所以Q：CH3—C≡C—CH31：2：3：。(1)B中含有的官能团名称为 。(2)A→B的化学方程式为 。(3)B→C的反响类型为 。E的分子式为C10H10O4N2，写出E的构造简式： 。写出同时满足以下条件的C的一种同分异构体的构造简式： 。①能发生银镜反响；②能发生水解反响，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反响；(6)：CH3CHO+CH(6)：CH3CHO+CH3CHOCH3CH=CHCHO。请结合题给信息，以苯和为原料制备(【答案】硝基、溴原子取代反响为原料制备(【答案】硝基、溴原子取代反响或【解析】(1)由B【解析】(1)由B的构造简式可知B中含有的官能团名称为硝基、溴原子，答案：硝基、溴原(2)A→B即可知，A→B属于取代反响，反响的化学方程式为；答案：；答案：(3)由框图B→C(3)由框图B→C即可知B→CB→C(4)由框图和E的分子式为C1H1O4N2E的构造；答案：。简式：；答案：。(5)C的构造简式为：，满足①能发生银镜反响说明含有醛基:②能发生水解反响说学环境的氢原子的同分异构体的构造简式：或；答案：明含有酯基,且水解产物可以与FeCl3简式：；答案：。(5)C的构造简式为：，满足①能发生银镜反响说明含有醛基:②能发生水解反响说学环境的氢原子的同分异构体的构造简式：或；答案：或。(6)以苯和为原料制备，依据条件CHCHO+CHCHO33CHCH=CHCHO或。(6)以苯和为原料制备，依据条件CHCHO+CHCHO33CHCH=CHCHO和题干局部流程图中的AB、E→F3。化合物H是一种有机光电材料中间体。试验室由芳香化合物A制备H的合成路线如下：。：答复以下问题：：〔1〕A的化学名称为为 。〔2〕由E生成F的反响类型分别为 。〔3〕E的构造简式为 。〔4〕G为甲苯的同分异构体，由F生成H的化学方程式为 。〔5〕芳香化合物XF的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反响放出CO24种不同化学环境的氢峰面积比为6∶2∶1∶1，写出2种符合要求的X的构造简式 、【答案】苯甲醛取代反响、、【答案】苯甲醛取代反响、、、〔1〕A的化学名称为苯甲醛。答案：苯甲醛。、〔3〕由分析可知E的构造简式为。答案：。〔4〕〔3〕由分析可知E的构造简式为。答案：。〔4〕G为甲苯的同分异构体，则G的分子式为C7H，G的构造简式为8，所以FH的化学方程式为：。答案：。〔5〕芳香化合物X是F的同分异构体则X的分子式为C H O能与饱和碳酸氢钠溶液反响放出CO式为：。答案：。11 10 2 2简式有、、、4种可能性，任意写两种即可。说明X中含有羧基，核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶简式有、、、4种可能性，任意写两种即可。24．D是一种催眠药，F是一种香料，它们的合成路线如下：〔1〕A的化学名称是 ，C中含氧官能团的名称为 。〔2〕依据上述分析可知F的构造简式为；AE为，A+E生成F的反响类型为酯化反响或取代反响。答案：；酯化反响或取代反响。〔A〔2〕依据上述分析可知F的构造简式为；AE为，A+E生成F的反响类型为酯化反响或取代反响。答案：；酯化反响或取代反响。〔AA生成B即反响条件知生成B的构造简式为；由A生成B的化学方程式为：2+O22+2H2O；答案：2+O22+2H2O。〔4〕依据：C为，由C合成D的反响条件：1)反响生成：，2〕的反响为：〔3〕A生成B的化学方程式为 。写出由C合成D的其次个反响的化学方程式： 。同时满足以下条件的E的同分异构体有 种〔不含立体异构。【答案】环己醇羟基酯化〔取代〕反响①遇FeCl3【答案】环己醇羟基酯化〔取代〕反响2+O222+O22+2H2O〔1〕苯酚与氢发生加成反响生成A即，则为A是环己醇，由C的构造简式：知，C中含氧官能团的名称为：羟基；答案：环己醇；羟基。；答