山西省朔州市怀仁市大地学校高二物理上学期第四次月考试题

PAGE9-山西省朔州市怀仁市大地学校2020-2021学年高二物理上学期第四次月考试题（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名.准考证号填写在答题卡上。2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4.考试结束后，将答题卡交回。第Ⅰ卷一.选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列各图所示中可能正确的是(虚线是曲线在b点的切线) 2.两个固定的等量异号点电荷所产生电场的等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中 A.做直线运动，电势能先变小后变大B.做直线运动，电势能先变大后变小C.做曲线运动，电势能先变小后变大D.做曲线运动，电势能先变大后变小3.如图3所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中A.电压表与电流表的示数都减小B.电压表与电流表的示数都增大C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D.电压表的示数减小，电流表的示数增大4.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线P点处的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中不正确的是A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为R＝eq\f(U1,I2)C.对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积D.对应P点，小灯泡的电阻为R＝eq\f(U1,I2－I1)5.小明家有一个烧水壶，铭牌上标有如下数据，下列说法正确的是电热水壶型号RT25­C额定容量2L额定电压220V额定功率1000W额定频率50HzA.该烧水壶的电阻是48.4ΩB.该烧水壶在正常工作时的电流是0.22AC.若实际电压为110V，此时水壶的实际功率为500WD.该水壶加热水5min产生的热量是5000J6.如图所示，蹄形磁铁用柔软的细绳悬吊在天花板上，在磁铁两极的正下方固定着一根水平直导线。当直导线中通以向右的电流时A.磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力减小B.磁铁的S极向纸外、N极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力减小C.磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力增大D.磁铁的S极向纸外、N极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力增大7.如果你看过中央电视台体育频道的围棋讲座就会发现，棋子在竖直放置的棋盘上可以移动，但不会掉下来。原来，棋盘和棋子都是由磁性材料制成的。棋子不会掉落是因为A.质量小，重力可以忽略不计B.受到棋盘对它向上的摩擦力C.棋盘对它的吸引力与重力平衡D.它一方面受到棋盘的吸引，另一方面受到向下的摩擦力8.下列各图中，运动电荷的速度方向、磁感应强度方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是9.如图所示，一个“∠”形导轨垂直于磁场固定在磁感应强度为B的匀强磁场中，ab是与导轨相同的导体棒，导体棒与导轨接触良好，在外力作用下，导体棒以恒定速度v向右运动，以导体棒在图中所示位置的时刻作为计时起点，则回路中感应电动势E、感应电流I、导体棒所受外力的功率P和回路中产生的焦耳热Q随时间变化的图象中正确的是10.法拉第在1831年发现了“磁生电”现象。如图，他把两个线圈绕在同一个软铁环上，线圈A和电池连接，线圈B用导线连通，导线下面平行放置一个小磁针，且导线沿南北方向放置。下列说法正确的是 A.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向B.开关闭合的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动C.开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动D.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向11.如图11所示，平行金属导轨与水平面成θ角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一导体棒ab，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F，此时 A.电阻R1消耗的热功率为Fv/3B.电阻R2消耗的热功率为Fv/6C.整个装置因摩擦而消耗的热功率为D.整个装置消耗的机械功率为12.如图12所示，水平放置的两平行导轨左侧连接电阻R，其他电阻不计，导体杆MN放在导轨上，在水平恒力F的作用下，沿导轨向右运动，并将穿过方向竖直向下的有界匀强磁场，磁场边界PQ与MN平行，从MN进入磁场开始计时，通过MN的感应电流i随时间t变化的图象可能是图中的 第Ⅱ卷二.非选择题：本题共5小题，共52分。解答应写出必要的文字说明.方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.（8分）现要用伏安法描绘一只标有“2.5V,0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A.电压表(0～3V，内阻3kΩ)B.电流表(0～0.6A，内阻0.5Ω)C.电流表(0～3A，内阻0.1Ω)D.滑动变阻器(10Ω，2A)E.滑动变阻器(100Ω，1.0A)F.蓄电池(电动势6V，内阻不计)（1）本实验中滑动变阻器应选用，电流表应选。（2）作出实验电路图，在电路图中标出所选器材前的字母（3）用笔画线代替导线将图甲连接成实验所需实物电路图。（4）通过实验测得小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由图线可求得小灯泡正常工作时的电阻为________Ω(结果保留两位有效数字)。14.（8分）某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，采用图甲所示电路，所用滑动变阻器的阻值范围为0～20Ω，电路实物图如图乙所示。（1）该学生接线中错误和不规范的做法是________。A.滑动变阻器不起变阻作用 B.电流表接线有错C.电压表量程选用不当 D.电压表接线不妥（2）该同学将电路按正确的方式连接好，检查无误后，闭合开关，进行实验。某一次电表的示数如图丙所示，则电压表的读数为________V，电流表的读数为________A。（3）该同学实验完毕，将测量的数据反映在U-I图上(如图丁所示)，根据该图线，可求出干电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω。四.计算题（本题共计3小题，共计36分）、15.（10分）如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻为r＝1Ω，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N。忽略一切摩擦，求：(1)电动机线圈电阻消耗的热功率为多少？(2)10s内电动机可以把重物匀速提升多高？16.（12分）如图所示，一束电子(电荷量为e)以速度v垂直射入磁感应强度为B，宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时的速度方向与电子原来入射方向的夹角为30°，求（1）电子的质量（2）穿过磁场的时间是17.（14）如图所示，垂直于纸面的匀强磁场磁感应强度为B。纸面内有一正方形均匀金属线框abcd，其边长为L，总电阻为R，ad边与磁场边界平行。从ad边刚进入磁场直至bc边刚要进入的过程中，线框在向左的拉力作用下以速度v匀速运动，求：(1)拉力做功的功率P；(2)ab边产生的焦耳热Q。

单选题（本题共计8小题，共计32分）1D2C3A4D5A6C7B8B二、多选题（本题共计4小题，共计16分）9AC10BC11BCD12ACD13（8分，每小题2分）解析：(1)本实验要求多测几组数据，滑动变阻器应选用分压接法，故滑动变阻器应选最大阻值较小的D；由P＝UI可得，最大电流为I＝0.24A，电流表应选B。(2)由(1)知，滑动变阻器采用分压接法；小灯泡电阻较小，电流表选用外接法，实物电路图如图所示。(3)由题图乙可知，当电压为2.5V时，电流为0.25A，故电阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(2.5,0.25)Ω＝10Ω。答案：(1)DB(2)见解析图(3)1014（8分）解析：(1)由题图乙可知，滑动变阻器均接下边两个接线柱，起不到变阻作用；电压表的正接线柱应与开关连接，使开关对电压表有控制作用，故应选A、D。(2)电压表读数用“十分之一”估读法，得：1.20V，电流表读数用“二分之一”估读法，得：0.26A。(3)题图丁图线与纵轴交点纵坐标值表示干电池的电动势大小，则E＝1.48V，图线斜率的绝对值表示内阻，即r＝eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU,ΔI)))＝eq\f(1.48－1.00,0.62)Ω≈0.77Ω。答案：(1)AD(2)1.200.26(3)1.480.7715（10分）答案：(1)1W(2)2m解析：电动机工作时，其电路为非纯电阻电路，它从电源获取的功率一部分转化为线圈的热功率，另一部分转化为电动机的机械功率。(1)电动机线圈上消耗的热功率为P热＝I2r＝1W。(2)电动机的输入功率就是电流通过电动机做功的功率，即P入＝UI＝5×1W＝5W电动机的输出功率就是电动机对外做机械功的功率，根据P入＝P出＋P热得P出＝P入－P热＝5W－1W＝4W。设物体A的重力为G，t＝10s内物体上升的高度为h，根据能量守恒定律得P出t＝Ghh＝eq\f(P出t,G)＝eq\f(4×10,20)m＝2m。16（12分）答案：eq\f(2deB,v)eq\f(πd,3v)解析：(1)电子在磁场中运动，只受洛伦兹力作用，故其轨迹是圆弧的一部分，又因为F洛⊥v，故圆心在电子穿入和穿出磁场时受到的洛伦兹力指向的交点上，如图中的O点。由几何知识可知，eq\x\to(AB)所对的圆心角θ＝30°，OB为半径r。则r＝eq\f(d,sin30°)＝2d，又因为r＝eq\f(mv,eB)，得m＝eq\f(2deB,v)(2)由于eq\x\to(AB)所对应的圆心角为30°，因此穿过的时间t＝eq\f(30°,360°)T＝eq\f(T,12)又因为T＝eq\f(2πm,eB)，故t＝eq\f(1,12)×eq\f(2