2023年绵阳市中考物理一诊试卷答案解析版

中考物理一诊试卷一、单选题下列关于创新技术以及能源的说法正确的是（

）北斗卫星导航系统采用超声波为汽车导航核电站利用铀核聚变释放出核能发电，核能是不可再生能源地球上的风能、水能、核能、潮汐能实际上都来自太阳能D．微波可用于卫星通讯，红外线常用于遥感【答案】D【解析】【解答】A．声音不能在真空中传播，卫星通信是利用电磁波传递信息的，北斗卫星导航系统采用电磁波为汽车导航，A

不符合题意；核电站利用铀核裂变释放出核能发电，核能不可能在短时间内形成，属于不可再生能源，B

不符合题意；地球上的风能、水能都来源于太阳能，潮汐能来源于太阳、月球的引力变化而形成的，核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，潮汐能和核能都不是直接或间接来自太阳能，C

不符合题意；作为载体的电磁波频率越高，相同时间内可以传输的信息就越多，由于微波波长较短，根据c=λf，可以推断出微波的频率较高，微波可用于卫星通信；红外线有显著的热效应，可以用于遥感、加热、测温等应用，D

符合题意。故答案为：D。【分析】北斗利用电磁波传递信息；核电站利用核裂变释放能量；潮汐能、核能不是来自于太阳能；卫星利用微波传递信息；红外线常用于遥感。2．在研究物质的吸热能力的实验时，用同一电加热器加热某种物质，使其从固态变为液态，直至沸腾，整个过程物质的温度与时间关系图象如图所示，则下列说法正确的是（

）4～11min

内，第

5min

的内能等于第

8min

的内能该物质在液态时比热容比固态时比热容大0～4min

内的分子作用力小于

19～26min

内的分子作用力4min时的分子动能小于

11min

时的分子动能【答案】B【解析】【解答】A．在

4～11min

时间段，物体要吸收热量，故内能增加，所以第

5min

的内能小于第

8min

的内能，A

不符合题意；B．用同一电加热器加热某种物质，相同时间物质吸热相同。由图象可知，0～4min

内物质处于固态，加热

4min

升高的温度为

50℃-20℃=30℃11～19min

物质处于液态，加热

8min

升高的温度为

80℃-50℃=30℃即升高相同的温度，液态加热时间长吸热多，根据可知，该物质在液态时比热容较大，B

符合题意；C

.0～4min

内物质处于固态，分子作用力较大；在

19～26min

内，物质处于沸腾过程中，由液态变为气态，因此分子作用力较小，因此

0～4min

内的分子作用力大于

19～26min

内的分子作用，C

不符合题意；D．第

4min

和第

11min时物质的温度相同，分子热运动的速度相同，4min

时的分子动能等于

11min时的分子动能，D

不符合题意。故答案为：B。【分析】晶体在熔化时吸收热量，温度保持不变；液体沸腾时，吸收热量，温度保持不变；质量和吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大；物体吸收热量后，内能增大。3．下列四幅光路图能正确解释生活中现象的是（

）A．水中的潜水员看见岸上的物体B．光从室外透过窗户玻璃进入室内C．太阳在树荫下形成的圆形光斑D．人观察对岸的树木在水中倒影【答案】C【解析】【解答】A．水中的潜水员看见岸上的物体，是岸上的物体反射的光经过空气和水折射入人的眼睛，A

不符合题意；在折射中，空气中的入射角或折射角最大。光从室外透过窗户玻璃进入室内，空气中的入射角和折射角相等，且大于玻璃中的入射角和折射角，B

不符合题意；太阳在树荫下形成的圆形光斑，是太阳光线经过树叶缝隙沿直线传播所成的像，是小孔成像，C符合题意；人观察对岸的树木在水中倒影，是岸上的树木反射的光经过水面反射后进入人的眼睛，D

不符合题意。故答案为：C。【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。4．2019

年

4

月

23

日，中国海军建军

70

周年海上阅兵隆重举行。国之重器的亮相，见证了中国海军的崛起！如图是首次亮相的

095攻击型核潜艇。下列关于该潜艇的分析正确的是（

）上浮过程中所受浮力增大漂浮和悬浮时所受浮力相等与悬浮相比，漂浮时潜水艇底部所受海水压强更大D．潜行过程中排开海水的重力不变【答案】D【解析】【解答】A．潜艇上浮过程中，在露出水面前，V排不变，根据F

浮=ρ

液gV

排可知，潜艇所受浮力不变；逐渐露出水面时，V

排减小，潜艇所受浮力减小，A

不符合题意；BD．潜艇悬浮时排开海水的体积大于漂浮时排开海水的体积，由

F

浮=G

排=ρ

液gV

排可知，潜艇悬浮时所受浮力大，即

F

悬浮＞F

漂浮；根据阿基米德原理可知，浮力等于排开液体所受的重力，潜行过程中排开海水的体积不变，浮力不变，则排开海水的重力不变，B

不符合题意，D符合题意；C．下潜过程中潜艇所处的深度增大，根据

p=ρgh

可知，潜艇所受海水压强增大，C

不符合题意。故答案为：D。【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于物体的重力；液体密度一定时，排开液体的体积越大，

受到的浮力越大；深度越深，液体压强越大。5．马拉松比赛时常采用感应芯片计时，芯片里的线圈一旦有电流通过，就会激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息。当正确佩带芯片的参赛者通过起点和终点设置有磁场的地带时，就能计时，下列器件工作原理与它相同的是（

）A．电风扇B．门吸C．手摇发电电筒D．电铃【答案】C【解析】【解答】采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终点设置的磁感应带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息。手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使灯泡发光。所以感应芯片与手摇发电电筒的工作原理相同。故答案为：C。【分析】闭合电路的部分导体切割磁感线时，产生电流，是电磁感应现象；是发电机的工作原理。6．无其它声音干扰下的广场中，扬声器持续发一个音“呜------”（此声音的强弱保持不变），用分贝仪测出的声音强度用

A

表示，分贝仪与扬声器距离用

s

表示，A与s

的关系如图所示。由图像可知，以下说法正确的是（

）声音在传播过程中，响度变小声音在传播过程中，速度变小C．声音在传播过程中，扬声器的纸盆振幅减小D．声音在传播过程中，每秒内振动的次数减少【答案】A【解析】【解答】A．由图可知，声音在传播过程中，响度随着传播距离变大而逐渐变小，A

符合题意；声音的传播速度只和介质、温度有关，与响度无关，所以，声音在传播过程中，速度不变，B

不符合题意；声音在传播过程中，响度变小，但是不影响声源的振动，所以扬声器的纸盆振幅不变，C

不符合题意；声音在传播过程中，音调不变，所以，每秒内振动的次数不变，D

不符合题意。故答案为：A。【分析】响度描述声音的强弱，物体的振动幅度、传播距离和分散程度都会影响声音的响度。7．如图所示，运动员在进行蹦床比赛。运动员离开蹦床竖直向上运动到一定高度又落在蹦床上，直至最低点的过程中，不计空气阻力和碰撞时的能量损失，下列说法正确的是（

）运动员弹离蹦床以后，蹦床对运动员做了功到达最高点时运动员的速度为零，受力平衡运动员从最高点下落到最低点过程中，其机械能守恒D．下落过程中，运动员的重力做功先变快后变慢【答案】D【解析】【解答】A．运动员在上升过程中，没有受到蹦床的力，蹦床对运动员没有做功，A

不符合题意；运动员在最高点的速度为零，但是运动员还受到重力作用，受力不平衡，B

不符合题意；蹦床运动员从最高点到最低点，重力势能转化为蹦床的弹性势能，运动员的机械能不守恒，C

不符合题意；运动员下落过程中，与蹦床接触前，运动员受到的重力不变，运动员的速度越来越大，根据所以重力做功越来越快，与蹦床接触后，运动员的速度越来越慢，所以重力做功也越来越慢，故运动员做功时先快后慢，D

符合题意。故答案为：D。【分析】惯性使物体机械运动时，在运动方向上没有力，没有力对物体做功；物体受力不平衡时，处于非平衡状态；运动的物体克服空气阻力消耗能量，机械能发生变化。8．如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统方框图。下列说法正确的是（

）电能表用来计量家中所有用电器的总功率，空气开关与保险丝的作用完全相同若闭合开关后灯泡不亮，而空调还能工作，用试电笔检查插座左右两孔氛管都发光，一定是c、d

之间发生了断路甲、乙两图中的人都触电了，且“漏电保护器”都会切断电路D．若空气开关“跳闸”，可能是电路中发生了图甲的触电事故【答案】B【解析】【解答】A．电能表用来计量家中所有用电器消耗的总电能的；空气开关和保险丝都能在电路中电流过大时，切断电路，起到保护电路的作用；但空气开关也可当总开关使用，随时切断电路，A

不符合题意；B．若闭合开关后灯泡不亮，而空调还能工作，说明空调的电路是接通的；三孔插座的左孔通过灯泡、空气开关与火线相连，用试电笔检查插座左右孔氖管都发光，说明左右孔与火线之间接通，所以，故障原因可能是

c、d之间发生了断路，B

符合题意；CD．发生甲图触电时，不会使电路中的电流过大，所以空气开关不会自动切断电路，由于通过火线和零线的电流相同，所以漏电保护器不会断开电路；发生乙图触电时，漏电保护器会自动切断电路，起到保护作用，但空气开关不会断开，CD

不符合题意。故答案为：B。【分析】电能表可以测量消耗电能的多少；空气开关和保险丝在电路中的作用相同，空气开关更方便；插座的左右孔都能使测电笔的氖管发光，是零线发生了断路；发生单向触电时，漏电保护器自动断开。9．如图所示，小车上面放一长方体木块，它们一起在水平面上向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是（

）小车对木块的支持力是由木块的弹性形变产生的地面对小车的支持力与小车的重力是一对平衡力若木块与小车的接触面光滑，小车突然减速时木块将向右倾倒D．无论木块与小车的接触面是否粗糙，木块都不受小车的摩擦力【答案】D【解析】【解答】A．小车对木块的支持力是由于小车发生了弹性形变，小车要恢复原状，则会对使其发生弹性形变的物体施加弹力，A

不符合题意；地面对小车的支持力等于小车的重力加上木块的重力，所以地面对小车的支持力与小车的重力大小不相等，不符合二力平衡的条件，B

不符合题意；若木块与小车的接触面光滑，即木块不受摩擦力，小车突然减速时，由于木块具有惯性，木块会匀速向右运动，不会发生倾倒，C

不符合题意；由于木块和小车一起匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块受到重力和支持力是平衡力，没有受到摩擦力的作用，无论木块与小车的接触面是否粗糙，木块都不受小车的摩擦力，D

符合题意。故答案为：D。【分析】物体间没有相互的运动和运动趋势时，不产生摩擦力；弹力是发生弹性形变的物体产生的；静止的物体受到平衡力的作用，平衡力的大小相等。10．如图是课本上的几个重要实验，其中分析不正确的是（

）A．雪糕周围的“白气”是空气遇冷液化形成的B．研究流体压强与流速关系，是固定机翼飞机产生升力的原因C．做托里拆利实验时如果将试管顶端a

处开一个孔，管内水银不会从a流出D．对物体做功其内能会增加，与内燃机压缩冲程能量转化形式相同【答案】A【解析】【解答】A．雪糕周围的“白气”是雪糕周围的水蒸气遇冷液化成的小水滴，A

错误，符合题意；流速越大的位置，压强越小，图中两球中间的气体流速大，压强小，两球向里运动。相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强小于下面的压强，出现压强（力）差，这个压力差就是机翼向上的升力，B

正确，不符合题意；做托里拆利实验时，如果将试管顶端a

处开一个孔，则会形成上端开口底部相连的连通器，最终容器中的液面高度相同，管内水银柱会不会喷出来，C

正确，不符合题意；图中下压活塞时，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，气体的内能增大，此能量转化情况与内燃机压缩冲程（机械能转化为内能）相同，D

正确，不符合题意。故答案为：A。【分析】“白气”是水蒸气液化形成的；流体在流速大的地方压强小；同种液体表面受到的大气压相同时，液面高度相同；压缩气体的体积时，机械能转化为内能。习总书记指出“绿水青山就是金山银山”，彰显出我国对生态环境保护的重视，水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是（

）初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热夏天，小明将糖水放入冰箱制成了冰棍，这是凝固现象，需要吸热C．秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是汽化现象，需要放热D．冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热【答案】A【解析】【解答】A．冰雪消融，是固态变为液态，故是熔化现象，需要吸热，A

符合题意；B．将糖水放入冰箱制成了冰棍，是液态变为了固态，这是凝固现象，需要放热，B

不符合题意；C．露珠是水蒸气变为了液态的水，故是液化现象，需要放热，C

不符合题意；D．房屋上出现白色的霜，是水蒸气变为了固态，这是凝华现象，需要放热，D

错误。故答案为：A。【分析】固体变为液体是熔化现象，熔化吸热。12．如图所示，分别用两种不同的方式提升两个相同且重力均为

G

的物块。图甲用滑轮组匀速提升，动滑轮重力

G

动大于物块重力

G，拉力

F1

做功

W1，滑轮组的效率为η1；图乙沿斜面把物块从A点匀速提升至

B

点，sAB=2h，拉力

F2

做功

W2，物块与斜面的摩擦力为f1，斜面的效率为

η2，若两次拉力大小

F1=F2，则下列说法一定正确的是（

）A．W1=W2f1=F2η1=η2若提升高度相同，滑轮组的额外功大于斜面的额外功【答案】C【解析】【解答】A．已知

F1=F2，由于不确定物体上升高度的关系，所以由

W=Fs

可知，无法比较W1、W2

的大小关系，A

不符合题意；B．斜面上的物体受重力、斜面对物体的支持力、拉力和摩擦力的作用，因物体做匀速直线运动，故受力平衡，由于重力的方向竖直向下，支持力的方向垂直斜面向上，二力不平衡，故拉力与摩擦力也不平衡，f1

与

F2

大小不相等，B

不符合题意；C．根据图甲可知，提升物体的有效绳子段数为

2，则滑轮组的机械效率已知

sAB=2h，斜面的机械效率因为

F1=F2，所以

η1=η2C

一定正确；D．若提升高度相同（h），则

F1

方向上移动的距离为

s1=2hF2方向移动的距离

sAB=2h所以由W=Fs

可知

F1、F2做的总功相等；又因为

η1=η2，根据可知，有用功相等，由W

总=W有用+W

额可知，额外功也相等，即滑轮组的额外功等于斜面的额外功，D

不符合题意。故答案为：C。【分析】根据力和距离的乘积，计算做功的多少；斜面上的物体做匀速直线运动时，物体受到的拉力和斜面的摩擦力，不是平衡力；根据物体的重力和拉力的大小，结合距离关系，可以计算机械效率。13．如图所示，电源电压保持不变，R1>R3，闭合开关

S，移动滑片

P，下列说法正确的是（

）A．R1消耗的功率小于

R3

消耗的功率电压表

V1

的变化量大于

V2

的变化量电压表

V1

的变化量与电流表

A

的变化量的比值不变若将电压表

V1、V2

换成电流表

A1

和

A2，闭合开关，向右移动滑片，电流表

A的示数变大【答案】C【解析】【解答】A．由图知，三个电阻串联，电压表

V1

测

R1、R2

两端的电压；电压表

V2

测

R2、R3两端的电压，电流表测电路中的电流。因串联电路各处的电流相等，R1>R3，所以根据

P=I2R

可知，R1

消耗的功率大于

R3

消耗的功率，A

不符合题意；B．根据串联电路各部分的电压之和等于电源电压，所以，电压表

V1

的变化量等于

R3

的电压变化量，电压表

V2

的变化量等于

R1

的电压变化量。因

R1>R3，根据欧姆定律有UR1=I1R1，UR1′=I1′R1故

UR1-UR1′=I1R1-I1′R1=(I1-I1′)R1R1

和

R3

的电流变化量相同，同理，R3

的电压变化量

UR3-

UR3′=I1R3-I1′R3=(I1-I1′)R3已知

R1>R3，故

R1的电压变化量大于

R3的电压变化量，即电压表

V2

的变化量大于电压表

V1

的变化量，B

不符合题意；C．电压表

V1的变化量等于

R3

的电压变化量。由欧姆定律可得，滑片移动前后

R3

的电压分别为UR3-UR3′=I1R3-I1′R3=(

I1-I1′)R3根据串联电路电流规律，R3

的电压变化量△U3=△I3

R3所以即表

V1

的变化量与表

A

的变化量的比值等于

R3

的阻值，则该比值不变，C符合题意；D．若将两块电压表换成电流表

A1

和

A2，则三个电阻并联，电流表

A

测并联电路的总电流，向右移动滑片，变阻器连入电路的电阻变大，由并联电阻的规律，并联的总电阻变大，由欧姆定律可知总电流变小，即表

A

的示数变小，D

不符合题意。故答案为：C。【分析】串联电路电流处处相等，利用电流和电阻可以判断电功率的大小；在串联电路中，总电压等于各用电器电压和；电阻越大，分压的变化量越大；在并联电路中，电阻变大，总电流减小。二、填空题14．甲、乙两物体同时沿同一方向运动，s~t

图象如图所示，则

0~8s

内，甲的平均速度

（选填“大于”“等于”或“小于”）乙的平均速度，0~4s

内，以甲为参照物，乙是

（选填“向前运动”、“向后退”或“静止”）的。【答案】小于；静止【解析】【解答】0~8s

内，甲通过的距离为

s甲=40m-20m=20m乙通过的距离为s

乙=40m>s

甲根据，在时间相同时，甲的平均速度小于乙的平均速度。0~4s

内，甲的

s~t

图象为一条斜直线，故甲做匀速直线运动，甲通过的距离为

20m，甲的速度为乙的

s~t

图象为过原点的直线，故乙做匀速直线运动，0~4s

内，乙通过的距离为

20m，乙的速度为因甲、乙的速度相同，两物体同时沿同一方向运动，故以甲为参照物，乙是静止的。【分析】根据总路程和总时间的比值，

计算平均速度；利用路程和时间的比值，计算速度；物体间的速度和方向相同时，相对是静止的。15．如图甲所示是两个相同的验电器

A、B，开始时验电器

A

带负电，验电器

B

不带电。用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球，金属棒中的电流方向是

（选填“从左至右”或“从右至左”）。如图乙所示，电源电压恒为

3V，电阻

R

或灯

L

中仅有一处发生故障，当开关

S闭合后，可以根据电压表

（选填“V1”或“V2”）的示数判断故障情况。【答案】从右至左；V1【解析】【解答】原来带负电，用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球，连接的瞬间，A

验电器的部分电子转移到

B

验电器。物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，因电子带负电，所以电子定向移动的方向与电流方向相反，即金属棒中的电流方向从右至左。由电路图知，R

与

L

串联，电压表

V1测

L两端电压，V2

测电源电压，若R断路，则

L

也被断路，电压表

V1

无示数，电压表

V2

测电源电压，示数为

3V；若

R短路，则电路为

L的简单电路，两电压表都有示数，且示数都为

3V；若

L

断路，则电压表

V1

与

R

串联，相当于测电源电压，示数为

3V，电压表

V2

测电源电压，示数为

3V；若

L

短路，则电路为

R

的简单电路，电压表

V1无示数，电压表V2

测电源电压，示数为

3V。由以上分析可知，无论

R还是

L

出现故障，电压表

V2

都有示数，示数为

3V，所以不可以从

V2

的示数判断故障，可以根据电压表

V1

的示数判断故障情况。【分析】电子发生转移时形成电流，电子从较多向较少传递；根据电源电压和部分电阻的分压情况，可以判断电路故障的位置。16．合理分类和利用垃圾可以保护环境、变废为宝。在一定条件下，1t

生活垃圾“榨”出

140kg

燃料油。若燃料油的热值为

4.0×107J/kg，某城镇每天产生

50t生活垃圾，则这些垃圾“榨”出的燃料油完全燃烧释放出的热量为

J。在标准大气压下，这些热量的

30%被初温为

25℃、质量250t

的水吸收，则水温能升高

℃。[c

水=4.2×103J/(kg·℃)]【答案】2.8×1011；75【解析】【解答】50t

生活垃圾“榨”出的燃料油的质量

m

燃料油=50t×140kg/t=7×103kg燃料油完全燃烧释放出的热量

Q

放=m

燃料油q=7×103kg×4.0×107J/kg=2.8×1011J水吸收的热量

Q

吸=ηQ

放=30%×2.8×1011J=8.4×1010J水升高的温度因为在标准大气压下水的沸点是

100℃，且

25℃+80℃＞100℃所以水的末温为

100℃，则水实际升高的温度

100℃-25℃=75℃【分析】根据燃料的质量和热值的乘积，计算热量；利用热效率计算吸收的热量，结合物体的比热容、质量，计算温度差。17．如图所示，光滑的地面上有一足够长的木板，在木板的右端固定着一个滑轮（不计绳和滑轮的摩擦及自重），木板上面放置一个小木块，小木块一端连接着轻质弹簧测力计。当拉力

F

为

8N

时，木板以

0.36km/h

的速度向右做匀速直线运动，则拉力

F

的功率是

W；然后把拉力增大到12N

时，弹簧测力计的读数为

N。【答案】1.6；16【解析】【解答】木板的速度

v=0.36km/h=0.1m/s滑轮为动滑轮，拉力

F

的速度

v绳=2v=2×0.1m/s=0.2m/s功率木板匀速直线向右运动，木块相对木板向左运动，木块受到的摩擦力向右；木板向右匀速直线运动，木板受到拉力

F'和摩擦力是平衡力，大小相等，因为

F'=2F=2×8N=16N所以木板受到的摩擦力是

16N；木块和木板之间的摩擦力是相互的，所以木块受到木板的摩擦力是16N；当

F

增大到

12N

时，木块对木板的压力和接触面粗糙程度不变，所以摩擦力不变，弹簧测力计对木块的拉力不变，仍为

16N。【分析】根据拉力和速度的乘积，计算功率的大小；根据物体受到的力计算合力。18．如图甲所示是一种流水线上应用的计数器的简化电路，电源电压恒为

12V，R1

是一种光敏元件，当流水线上的物品挡住射向

R1

的红外线时，R1

的电阻会变大，R2

是定值电阻，检测器相当于一个电压表，如图乙所示是某时段

AB

两端的电压随时间变化的图象。红外线是

（选填“可见光”或“不可见光”）。有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻

R1

的阻值之比为

。【答案】不可见光；1∶5【解析】【解答】看不见的光有红外线和紫外线两种，红外线是一种不可见光。由甲图电路知，R1与

R2串联，AB

间电压为

R2两端电压。当射向

R1的激光被挡时

R1阻值变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路的电流变小，在

R2

的阻值不变的情况下，R2

两端的电压会减小；由图象知，此时

R2

两端的最小电压为U2=UAB=2V由串联电路的分压规律有故有所以

R1=5R2当射向

R1

的激光没有被挡时，

R1阻值变小，R1分得电压减小，

R2

分得电压增大，此时

R2

两端的电压最大，由图象知，此时

U2′=UAB′=6V由串联电路的电压规律，定值电阻的电压为

U1′=12V-6V=6V根据分压原理可知

R1′=

R2则有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻

R1

的阻值之比为

R1′∶R1=R2∶5R2=1∶5【分析】红外线是不可见光；在串联电路中，总电压等于各用电器电压之和；根据分压比等于电阻比，判断电阻的大小。三、实验题19．在探究“凸透镜成像规律”的实验中。将蜡烛、凸透镜和光屏固定在光具座如图甲所示的位置处，调整后使烛焰、透镜和光屏的中心大致在同一高度，光屏上成倒立、等大的像，则凸透镜的焦距为

cm；将凸透镜换成焦距为

10cm

的凸透镜，如果不移动光屏和蜡烛则需要紧贴着透镜放一个

（选填“近视镜”或“远视镜”）可使光屏上再次成清晰像；保持透镜位置不动，将蜡烛移动到焦点附近如图乙所示，发现在光具座上无论如何移动光屏都无法在光屏上成像。在乙图中，保持光屏位置不动，只移动蜡烛，要使光屏上得到清晰的像，应将蜡烛向

（选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动适当距离。【答案】（1）15.0近视镜远离【解析】【解答】（1）如图甲所示，光屏上成倒立、等大的像，此时物距等于像距，物距为

30.0cm等于

2倍焦距，故凸透镜的焦距为

15.0cm。将凸透镜换成焦距为

10cm

的凸透镜，物距为

30.0cm

大于

2

倍焦距，像距应大于

1

倍焦距小于2

倍焦距，如果不移动光屏和蜡烛可使光屏上再次成像，应紧贴着透镜放一个具有发散作用的凹透镜，即近视镜。如图乙所示，保持透镜位置不动，将蜡烛移动到焦点附近略大于

1倍焦距，成倒立放大的实像，物距减小，像距增大，可能像在光具座以外；凸透镜成实像时，物远像近像变小，保持光屏位置不动，只移动蜡烛，要使光屏上得到清晰的像，应将蜡烛向远离凸透镜方向移动。【分析】（1）当凸透镜成像等大时，物体在凸透镜的二倍焦距，可以计算焦距的大小；当凸透镜的焦距减小时，物距和像距的总距离偏大，所成像靠近，利用凹透镜可以使像远离凸透镜；当光屏在凸透镜的二倍焦距外时，像在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间。20．小明所在的实验小组在探究杠杆平衡条件的实验中，每个钩码的重力均为

G，杠杆上每小格长度均为l。实验前，小明按正确的操作将杠杆调至水平位置平衡，这样做的目的是 ，然后他选取

2个钩码按如图甲所示在杠杆左侧，将弹簧测力计挂在杠杆右侧并竖直向下拉，保持杠杆水平静止，弹簧测力计示数为

F，则

2G×3l

F×4l

（选填“大于”“等于”或“小于”）；如图乙所示，当弹簧测力计在

a

位置时杠杆平衡，逐渐逆时针转

θ

角到

b

位置过程中拉力

F始终保持不变，则杠杆将

（选填“顺时针转动”“保持水平”或“逆时针转动”）。【答案】（1）避免杠杆重力对杠杆平衡的影响，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；等于（2）逆时针转动【解析】【解答】（1）实验前，小明按正确的操作将杠杆调至水平位置平衡，杠杆的重心在支点上，杠杆的重力力臂为零，避免了杠杆重力对杠杆平衡的影响，同时由于重力的方向竖直向下，根据力臂的定义，支点和力的作用点之间的距离即为力臂大小，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。即明按正确的操作将杠杆调至水平位置平衡，这样做的目的是：避免了杠杆重力对杠杆平衡的影响，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。然后他选取

2

个钩码按如图甲所示在杠杆左侧，将弹簧测力计挂在杠杆右侧并竖直向下拉，因动力和阻力的方向均为竖直向下，由力臂的定义可知，动力臂和阻力臂分别为

4l

和

3l，保持杠杆水平静止，由杠杆的平衡条件，则

2G×3l

等于

F×4l。（2）如图乙所示，当弹簧测力计在

a

位置时杠杆平衡，逐渐逆时针转

θ

角到

b

位置过程中，由力臂的定义可知，此时动力臂变小，拉力

F

始终保持不变，故动力乘动力臂小于阻力乘阻力臂，即则杠杆将逆时针转动。【分析】（1）探究杠杆的平衡条件时，水平平衡的杠杆，便于测量力臂，且避免杠杆的自身重力对实验的影响；根据力和力臂的乘积判断杠杆平衡条件；（2）当拉力和杠杆不垂直时，力臂减小，若拉力不变，杠杆不能平衡。21．小李利用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为

4.5V

且保持不变，定值电阻的阻值分别为

25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”。实验序号12345R/Ω510152025I/A0.400.300.130.100.08闭合开关前，检查电路。小李发现有接线错误，且只需要改接一根导线就可以，请在接错的导线上打“×”并用笔画线把它改到正确的位置上；排除故障后通过实验得到数据如表所示。在对数据进行分析，剔除错误数据后，请在图乙的坐标系中制定标度，把表中数据在坐标系中描点，画出电流与电阻的关系图象，

，分析图象可得到当电压一定时，

；为了能够顺利完成（2）问中的五次实验，定值电阻两端控制的电压的最小值是

V。【答案】（1）（2）；通过电阻的电流与电阻大小成反比（3）1.5【解析】【解答】（1）甲图中，电流表与电阻并联后再与滑动变阻器串联，电压表串联在电路中是错误的；电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，改正后如下所示：（2）根据表格数据，考虑到误差因素，电阻的电流与电阻之积为

UV=IR=0.4A×5Ω=2V0.30A×10Ω=3V0.13A×15Ω=2V0.10A×20Ω=2V0.08A×25Ω=2V研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压一定，除第

2

组数据外，电阻的电流与电阻之积均为2V，故第

2

组数据是错误的。剔除错误数据，设横坐标每

1小格为

1Ω，纵坐标每

1

个小格为0.02A，根据表中数据，在坐标系中找出对应的点，用平滑的曲线连接起来，如下所示：因电流随电阻的变化关系为反比例曲线（电阻的电压是一定的），故分析图象可得到，当电压一定时，通过电阻的电流与电阻大小成反比。（3）由串联电路的规律及分压原理有等式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入电路的电阻最大时，对应的定值电阻应最大，此时，电阻的电压最小，有解之

UV=1.5V即为了能够顺利完成（2）问中的五次实验，定值电阻两端控制的电压的最小值是

1.5V。【分析】（1）探究电流和电阻关系时，电压表和电阻并联，电流表和电阻串联；根据多次实验测量的数据在坐标图像中描点作图；当电压一定时，通过导体的电流和电阻成反比；根据电源电压，结合滑动变阻器的最大电阻和定值电阻的最大电阻，利用串联电路分压比等于电阻比，判断定值电阻处分压的大小。四、计算题22．2020

新春之际出现了罕见的新型冠状病毒肺炎疫情，面对突如其来的灾害，举国上下，万众一心，科学防治。在抗击新型冠状病毒期间，用于急救的呼吸功能障碍应急系统，Puritan﹣Bennett700型急救机电源铭牌部分数据如表。（内置电池充电电压和工作电压相同）交流电源220V1.3A

正常工作时接地泄漏电流＜50μA（整机）内置电池24V7A•h平均工作电流

2.8A（呼吸频率

15次/min）使用交流电源时，该急救机的额定输入功率多大？若突然停电而使用内置电池，它最多可以储存多少电能？该电池维持患者正常呼吸频率可以让患者共呼吸多少次？现需将电能输送到病人隔离区。若使用相同的输电线，输送相同的电功率，从减少输电线上的电能损失、确保供电来看，在

500kV

和

110kV

高压输电方案中，优选方案的电能损失为另一方案的百分之几？【答案】（1）解：根据表中数据可知，额定电压为

220V，额定电流为

1.3A，使用交流电源时，该急救机的额定输入功率为

P=UI=220V×1.3A=286W答：该急救机的额定输入功率为

286W；（2）解：根据表中数据可知，最多可以储存的电能为

W=U′I′t=24V×7A×3600s

=6.048×105J该电池维持患者正常呼吸的工作时间呼吸频率

15

次/min，故该电池维持患者正常呼吸频率可以让患者共呼吸的次数为答：它最多可以储存电能

6.048×