2019物理江苏专用优编题型增分练小综合练（八）

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精小综合练(八)一、单项选择题1.(2018·常州一中等联考)如图1所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上有M、N、P三点，间距MN＝NP。Q1、Q2在轴上产生的电势φ随x变化关系如图．则()图1A．M点电场场强大小为零B．N点电场场强大小不为零C．M、N之间电场方向沿x轴正方向D．一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功｜WPN|＝｜WNM|答案C解析在φ－x图线中，切线斜率表示电场强度的大小，可知M处的场强大小不为零，N处的场强大小为零,A、B错误;M点的电势为零,N点电势小于零，因沿电场线方向电势降低，故在MN间电场方向由M指向N，沿x轴正方向，C正确;一正试探电荷从P移到N过程中，电场力做正功，从N移到M过程中,电场力做负功，由题图可知，｜UMN|＞|UNP｜，故|WPN｜＜|WNM｜,D错误．2．如图2所示,氢原子在不同能级间发生a、b、c三种跃迁时，释放光子的频率分别是νa、νb、νc，下列关系式正确的是(）图2A．νb＝νa＋νc B．νa＝eq\f(νbνc,νb＋νc）C．νb＝eq\f(νaνc，νa＋νc） D．νc＝eq\f(νbνa,νa＋νb）答案A解析因为Em－En＝hν,知hνb＝hνa＋hνc，解得νb＝νa＋νc，故选A。二、多项选择题3．（2018·锡山中学模拟)如图3所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab＝bc＝cd＝de,从a点水平抛出一个小球,初速度为v时,小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为θ；不计空气阻力，则初速度为2v时（）图3A．小球可能落在斜面上的c点与d点之间B．小球一定落在斜面上的e点C．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于θD．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ答案BD解析设ab＝bc＝cd＝de＝L0，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，则有L0cosα＝vt1,L0sinα＝eq\f（1,2）gt12，初速度为2v时,Lcosα＝2vt2,Lsinα＝eq\f(1，2)gt22，联立解得L＝4L0,即小球一定落在斜面上的e点，选项B正确,A错误；设小球落在斜面时的速度方向与水平方向之间的夹角为β，由平抛运动规律可知，tanβ＝eq\f(gt，v)＝2tanα，故初速度为2v时，小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ，选项C错误，D正确．三、实验题4．（2018·江苏五校联考）某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2kΩ）和手机中的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．实验室备有如下器材:A．电压表V（量程3V,电阻RV约为4.0kΩ）B．电流表A1(量程100mA，电阻RA1约为5Ω）C．电流表A2(量程2mA，电阻RA2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0~40Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2(0～999.9Ω）F．开关S一只，导线若干图4(1）为了测定电阻R0的阻值，小明设计了一电路，如图4甲所示为其对应的实物图，图中的电流表A应选______(选填“A1”或“A2”）,请将实物连线补充完整．(2)为测量锂电池的电动势E和内阻r，小红设计了如图乙所示的电路图．根据测量数据作出eq\f（1,U）－eq\f（1，R2)图象，如图丙所示．若该图线的斜率为k，纵轴截距为b,则该锂电池的电动势E＝________，内阻r＝________(用k、b和R2表示）．该实验的测量值偏小,造成此系统误差的主要原因是__________________________________．答案（1）A2如图所示（2）eq\f（1，b）eq\f（k,b)电压表分流四、计算题5．如图5所示，竖直半圆形光滑轨道BC与水平面AB相切，AB间距离x＝1m，质量m＝0。1kg的小滑块1放在半圆形轨道底端的B点，另一质量也为m＝0。1kg的小滑块2，从A点以v0＝2eq\r（10）m/s的初速度在水平面上滑行，两滑块相碰,碰撞时间极短,碰后两滑块粘在一起滑上半圆形轨道,恰好能通过半圆形轨道最高点C。已知滑块2与水平面之间的动摩擦因数μ＝0.2。取重力加速度g＝10m/s2。两滑块均可视为质点．求：图5（1）碰后瞬间两滑块共同的速度大小v;（2）两滑块在碰撞过程中损失的机械能ΔE；（3)半圆形轨道的半径R。答案(1)3m/s（2)0.9J(3）0。18m解析(1)滑块2从A运动到B，设滑块2在B点的速度为v1，由动能定理可得：－μmgx＝eq\f（1，2)mv12－eq\f（1,2)mv02解得：v1＝6m/s在B点，滑块2与滑块1发生完全非弹性碰撞，以v1的方向为正方向,由动量守恒定律可得mv1＝2mv解得：v＝3m/s.（2)滑块2与滑块1在B点发生完全非弹性碰撞,由能量守恒可得机械能损失为：ΔE＝eq\f(1，2）mv12－eq\f(1,2)·2m·v2解得：ΔE＝0.9J.(3）碰后两滑块沿半圆形轨道上升到C点的过程中机械能守恒，eq\f（1，2)·2mv2＝2mg·2R＋eq\f(1,2）·2mvC2在C点，两滑块所受重力提供其做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律可得:2mg＝2meq