【物理】高考必备物理整体法隔离法解决物理试题技巧全解及练习题

【物理】高考必备物理整体法隔绝法解决物理试题技巧全解及练习题一、整体法隔绝法解决物理试题1．如下图，在倾角

37

的圆滑斜面上，物块

A静止在轻弹簧上边，物块

B用细线与斜面顶端相连，物块

A、B紧挨在一同但它们之间无弹力，已知物块

A、B质量分别为

m和2m

，重力加快度为

g，sin37

0.6，cos37

0.8．某时刻将细线剪断，则在细线剪断瞬时，以下说法正确的选项是A．物块B的加快度为0.6gB．物块A的加快度为0.6gC．物块A、B间的弹力为0.4mgD．弹簧的弹力为1.8mg【答案】C【分析】【剖析】【详解】剪断细线前，弹簧的弹力：F弹mgsin370.6mg细线剪断的瞬时，弹簧的弹力不变，仍为F弹0.6mg；剪断细线瞬时，对A、B系统，加快度为：3mgsin37F弹0.4g，即A和B的加a3m速度均为0.4g；以B为研究对象，依据牛顿第二定律可得2mgsin37T2ma解得T0.4mg．故C正确，ABD错误．应选C．2．如下图，一个“V”形槽的左边挡板A竖直，右边挡板B为斜面，槽内嵌有一个质量为m的圆滑球C．“V”形槽在水平面上由静止开始向右做加快度不停减小的直线运动的一小段时间内，设挡板A、B对球的弹力分别为F1、F2，以下说法正确的选项是( )A．F1、F2都渐渐增大B．F1、F2都渐渐减小C．F1渐渐减小，F2渐渐增大D．F1、F2的合外力渐渐减小【答案】D【分析】圆滑球C受力状况如下图：F的竖直分力与重力相均衡，所以F不变；22F与F水均分力的协力等于ma，在V形槽在水平面上由静止开始向右做加快度不停减小12的直线运动的一小段时间内，加快度不停减小，由牛顿第二定律可知F112不停减小，F、F的协力渐渐减小，故D正确，A、B、C错误；应选D．【点睛】以圆滑球C为研究对象，作出圆滑球C受力状况的表示图；竖直方向上受力均衡，水平方向依据牛顿第二定律求出加快度的大小，联合加快度的变化解答．3．如下图，三物体A、B、C均静止，轻绳两头分别与A、C两物体相连结且挺直，mA=3kg，mB=2kg，mC=1kg，物体A、B、C间的动摩擦因数均为μ=0.1，地面圆滑，轻绳与滑轮间的摩擦可忽视不计。现用15N的力作用在B物体上，则以下说法正确的选项是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2）（）A．物体B将从A、C中抽出，A、C可能会静止不动B．物体B与A一同向左加快运动，C向右加快运动C．物体B与C一同向左加快运动，A向右加快运动D．A、C加快度大小均为0.5m/s2【答案】D【分析】【详解】B、C间的最大静摩擦力fBCmAmBg5NA、B间的最大静摩擦力fABmAg3NfBC若要使劲将B物体从A、C间拉出，拉力最小时，B、C之间的摩擦力恰巧达到最大，此时物体A已经向右以加快度a加快运动，B、C以加快度a向左加快运动，设绳索上拉力为T，以A为研究对象，依据牛顿第二定律可得T-fAB=mAa以C为研究对象有fBC-T=mCa解得a=0.5m/s2，以B为研究对象，依据牛顿第二定律可得F-（fBC+fAB）=mBa解得F=9N，由题知F=15N9N，所以能够将B物体从A、C中间抽出；即用15N的力作用在B物体上，物体A向右以加快度a=0.5m/s2加快运动，C以加快度a=0.5m/s2向左加快运动。A.物体B将从A、C中抽出，A、C可能会静止不动，与剖析不一致，故A错误；B.物体B与A一同向左加快运动，C向右加快运动，与剖析不一致，故B错误；C.物体B与C一同向左加快运动，A向右加快运动，与剖析不一致，故C错误；D.A、C加快度大小均为0.5m/s2，与剖析相一致，故D正确。4．如下图的电路中，电源电动势为E，内阻为r（R2rR1R2），电表均视为理想电表。闭合开关S后，调理R的阻值，使电流表A1的示数增大了I1，在这一过程中，电流表的A2示数变化量的大小为I2，电压表示数的变化量的大小为U，则A．A2增大，且I2<I1B．U的大小变大I1C．电源的效率降低了I1rD．电源的输出功率必定增大了E【答案】C【分析】【详解】A．要使电流表A1示数增大，则R应减小；因总电流增大，则内阻及R2分压增大，并联部分电压减小，则流过R1的电流减小，所以流过R的电流增大，即A2的示数变大，因I2(Z)IR1(])I1(Z)则I2I1故A错误。B．依据EU1Ur可得：UUr则UUrrI1I1故其大小不会随R的变化而变化；故B错误。C．电源的效率U100%E因电压的改变量为△I1r；故说明电源的效率降低了I1r；故D正确。ED．当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；因不明确内外电阻的关系，故没法明确功率的变化状况；故D错误。应选C。5．如图，斜面体置于水平川面上，斜面上的小物块A经过轻质细绳越过圆滑的定滑轮与物块B连结，连结A的一段细绳与斜面平行，系统处于静止状态．现对B施加一水平力

F使B迟缓地运动，

A与斜面体均保持静止，则在此过程中（

）A．地面对斜面体的支持力向来增大B．绳对滑轮的作使劲不变C．斜面体对物块

A的摩擦力向来增大D．地面对斜面体的摩擦力向来增大【答案】D【分析】【详解】取物体B为研究对象,剖析其受力状况

,设细绳与竖直方向夹角为

,则水平力

:绳索的拉力为：A、因为整体竖直方向并无其余力,故斜面体所受地面的支持力没有变;故A错误;B、由题目的图能够知道,跟着B的地点向右挪动,绳对滑轮的作使劲必定会变化.故B错误;C、在这个过程中只管绳索张力变大,可是因为物体A所受斜面体的摩擦力开始其实不知道其方向,故物体A所受斜面体的摩擦力的状况没法确立;故C错误;D、在物体

B迟缓拉高的过程中

,

增大,则水平力

F随之变大

,对

A、B两物体与斜面体这个整体而言

,因为斜面体与物体

A仍旧保持静止

,则地面对斜面体的摩擦力必定变大

;所以

D选项是正确的

;应选D【点睛】以物体B受力剖析,由共点力的均衡条件可求得拉力变化;再对整体受力剖析可求得地面对斜面体的摩擦力;再对A物体受力剖析能够知道A遇到的摩擦力的变化.6．如下图，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡，R是滑动变阻器，V1、V2可视为理想电压表．闭合开关S，将滑动变阻器R的滑动片由最左端向最右端滑动，小灯泡的阻值可视为不变，以下说法正确的选项是（）A．小灯泡L1变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大B．小灯泡L1变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变小C．小灯泡L2变暗，V表的示数变小，V表的示数变大12D．小灯泡L2变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变大【答案】D【分析】将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器与灯泡L2并联的电阻变大，外电路总电阻增大，则路端电压随之增大，即V1表的读数变大．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L12变暗，电压表V读数变小．灯泡L2的电压U2=E-I(r+RL1)增大，I减小，则U2增大，灯泡L2变亮．故D正确．应选D．【点睛】此题是电路中动向剖析问题．对于路端电压能够直接依据路端电压随外电阻增大而增大，减小而减小判断．7．如下图，A、B两物体质量均为m，叠放在轻质弹簧上(弹簧下端固定于地面上)。对A施加一竖直向下、大小为F(F＞2mg)的力，将弹簧再压缩一段距离(弹簧一直处于弹性限度内)而处于均衡状态。现忽然撤去力F，设两物体向上运动过程中A、B间的互相作使劲大小为FN。不计空气阻力，对于N(重力加快度为g)( )F的说法正确的选项是NmgFB．弹簧弹力大小为NFA．刚撤去力F时，F＝2F时，F＝2C．A、B的速度最大时，FN＝mgD．弹簧恢还原长时，FN＝0【答案】BCD【分析】【详解】A.在忽然撤去F的瞬时，AB整体的协力向上，大小为F，依据牛顿第二定律，有：解得：a

F=2maF2m对物体A受力剖析，受重力和支持力，依据牛顿第二定律，有：FN-mg=ma联立解得：FNmgF，故A错误；2B.弹簧弹力等于F时，依据牛顿第二定律得：对整体有：F-2mg=2ma对A有：FN-mg=ma联立解得：FNF，故B正确；2D.当物体的协力为零时，速度最大，对A，由均衡条件得FN=mg，故C正确。C.当弹簧恢还原长时，依据牛顿第二定律得：对整体有：2mg=2ma对A有：mg-FN=ma联立解得FN=0，故D正确；8．如下图，轻弹簧的一端固定在倾角为0的圆滑斜面的底部，另一端和质量m为θ=30的小物块a相连，质量为m的小物块b紧靠a静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0，从某时刻开始，对b施加沿斜面向上的外力F，使b一直做匀加快直线运动。经过一段时间后，物块a、b分别；再经过相同长的时间，b距其出发点的距离恰巧也为x0,弹簧的形变一直在弹性限度内，重力加快度大小为g。则（）A．弹簧的劲度系数B．弹簧恢还原长时物块a、b恰巧分别C．物块b的加快度为D．拉力F的最小值为【答案】AD【分析】【详解】A、对整体剖析，依据均衡条件可知，沿斜面方向上重力的分力与弹簧弹力均衡，则有：，解得：B、由题意可知，b经两段相等的时间位移为

，故A正确；x0，由匀变速直线运动相邻相等时间内位移关系的规律可知：，说明当形变量为时两者分别，故C、对m剖析，因分别时a、b间没有弹力，则依据牛顿第二定律可知：

B错误；，联立解得：，故C错误；D、分别前对整体剖析可知，由牛顿第二定律有，则有刚开始运动时拉力F的最小，F的最小值；分别后对b剖析可知，由牛顿第二定律有

，解得

，所以拉力

F的最小值为

，故

D正确；应选AD。【点睛】解题时必定要注意明确整体法与隔绝法的正确应用，同时注意剖析运动过程，明确运动学公式的选择和应用是解题的重点。9．在如下图的电路中，电源电动势E和内电阻r为定值，R1为滑动变阻器，23为R和R定值电阻．当R1的滑动触头121P从左向右挪动时，伏特表V和V的示数的增量分别为ΔU和ΔU212，对ΔU和ΔU有A．U1U2B．U1U2C．U10,U20D．U20,U10【答案】AD【分析】【剖析】【详解】依据闭合电路欧姆定律可知：U1IrR3U2IR3联合公式可知U1>U2，故A对；B错当R1的滑动触头P从左向右挪动时，回路中电阻减小，电流增大，所以电压表V2增大，因为路端电压减小，所以电压表V121变小，则知ΔU>0，ΔU<0，故C错；D对应选AD10．倾角为θM静止放在粗拙水平川面上，其斜面也是粗拙的．已知质量为m的斜面体的物块恰可沿其斜面匀速下滑．今对下滑的物块m施加一个向右的水平拉力F，物块仍沿斜面向下运动，斜面体M一直保持静止．则此时（）A．物块m下滑的加快度等于Fcosθ/mB．物块m下滑的加快度大于Fcosθ/mC．水平面对斜面体M的静摩擦力方向水平向左D．水平面对斜面体M的静摩擦力大小为零【答案】BD【分析】【剖析】【详解】AB．对物体B受力剖析，遇到重力、支持力和滑动摩擦力，如图依据均衡条件，有mgsinθ=f，mgcosθ=N；此中f=μN；解得：μ=tanθ当加上推力后，将推力依据作用成效正交分解，如图依据牛顿第二定律，有mgsinθ+Fcosθ-μ(mgcosθ-Fsinθma)=，解得FcosFsinFcosamm选项A错误，B正确；CD．无拉力时，对斜面受力剖析，遇到重力Mg，压力、滑块的摩擦力和地面的支持力，此中压力和摩擦力的协力竖直向下，如图当有拉力后，压力和摩擦力都成比率的减小，但其协力依旧向下，故地面与斜面体间无摩擦力，故CD错误；应选BD．【点睛】此题重点是先对物体B受力剖析，获得动摩擦因数μ=tanθ，而后获得物体B对斜面题的摩擦力和压力的协力必定竖直向下．11．如下图，质量均为M的物块A、B叠放在圆滑水平桌面上，质量为m的物块C用跨过轻质圆滑定滑轮的轻绳与B连结，且轻绳与桌面平行，A、B之间的动摩擦因数为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加快度大小为g，以下说法正确的选项是（）A．物块A运动的最大加快度为B．要使物块A、B发生相对滑动，应知足关系C．若物块A、B未发生相对滑动，物块A遇到的摩擦力为D．轻绳对定滑轮的作使劲为【答案】

ACD【分析】【详解】设A、B相对静止时

A、B的共同加快度为

a，绳对

C的拉力为

T，B对

A的摩擦力为

f。根据题意可知此时

C的加快度大小也为

a（方向向下）；取C为研究对象，依据牛顿第二定律可得mg-T=ma，解得T=mg-ma取AB整体为研究对象，依据牛顿第二定律可得：T=2Ma②；取B为研究对象，依据牛顿第二定律可得：f=Ma③；

①；联立①②③得：④AB之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，即f=μMg，其加快度也达到最大值A、、max=ug⑤，故A正确.aB、由④⑤解得此时，所以B错误.C、由③可推导出D、因为绳对C的拉力

，将a代入④可得T=mg-ma，所以绳对滑轮的力

；故

C正确.；故D正确.应选ACD.【点睛】解决好此题的重点是灵巧的选用研究对象，要充分理解A滑动的临界条件是其所受的滑动摩擦力充任合外力.12．如图A、B两物体叠放在圆滑水平桌面上,轻质细绳一端连结B,另一端绕过定滑轮连结C物体。已知A和C的质量都是2kg,B的质量是3kg,A、B间的动摩擦因数是0.2,其余摩擦不计。由静止开释

C,C着落必定高度的过程中

(C未落地,B未撞到滑轮,且A未与B分离,g=10m/s),以下说法正确的选项是A．A、B两物体没有发生相对滑动B．C物体的加快度大小是3.2m/sC．B物体遇到的摩擦力大小是4ND．细绳的拉力大小等于13.6N【答案】BCD【分析】【详解】假定A、B不发生相对滑动，整体的加快度：；隔绝对A剖析，f=mAa=2×N＞μmAg=4N，可知假定不建立，即A、B两物体发生相对滑动，A所受的摩擦力为4N，B物体遇到A的摩擦力大小是4N，对BC系统的加快度。对C分析，依据牛顿第二定律得：mCCBCg-T=ma；解得T=13.6N，故A错误，BCD正确。应选BCD。【点睛】此题考察了牛顿第二定律的基本运用，经过整体法和隔绝法判断出A、B能否发生相对滑动是解决此题的重点，往常所用的方法是“假定法”.13．如下图，水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一条轻绳连接，两物体的资料相同，现使劲F向右拉木块2，当两木块一同向右做匀加快直线运动时，以下说法正确的选项是A．绳的拉力大小与水平面能否粗拙有关B．绳的拉力大小与水平面能否粗拙没关C．若水平面是圆滑的，则绳的拉力为

m1Fm1m2m1FD．若水平面是粗拙的，且物体和地面摩擦因数为μ，则绳的拉力为m1m2m1g【答案】BC【分析】设物体和地面摩擦因数为μ，以两木块整体为研究对象，依据牛顿第二定律：F（m1m2）g（m1m2）aFm1m2g得:am2m1以m1为研究对象，依据牛顿第二定律：Tm1gm1aFm1代入a得:Tm1m2可见绳索拉力大小与摩擦因数μ没关，与两物体质量大小有关，即与水平面能否粗拙无关，不论水平面是圆滑的仍是粗拙的，绳的拉力均为Fm1T，故BC正确m1m2综上所述此题答案是：BC点睛：先以两木块整体为研究对象依据牛顿第二定律求出加快度大小,而后以m1为研究对象依据牛顿第二定律求出绳索拉力表达式,此题主要考察了学生对整体隔绝方法的运用情况．14．如下图的电路中，电源的电动势

E和内阻

r必定，

A、B为平行板电容器的两块正对金属板，

R1为光敏电阻，电阻随光强的增大而减小．当R2的滑动触头

P在

a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U.以下说法正确的选项是A．若仅将R2的滑动触头P向b端挪动，则I不变，U不变B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量不变C．若仅用更强的光照耀D．若仅用更强的光照耀

R1，则R，则

I增大，U减小，电容器所带电荷量减小U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变【答案】ACD【分析】【剖析】此题考察含容电路的动向剖析问题。【详解】A.若仅将R2的滑动触头P向b端挪动，R2所在支路有电容器，被断路，则I、U保持不变。故A正确。B.依据C=S，若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少。故B错误。4πk