2023年河南省息县第一高三3月份模拟考试物理试题含解析

2023学年高考物理模拟试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1、下列说法符合物理学史实的是（ ）A．亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因B．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律CD．哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律2、一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，光路如图所示。下列说法中正确的是（ ）1.5此介质的折射率等于2入射角小于45°时可能发生全反射现象入射角大于45°时可能发生全反射现象3、如图，一个重为10N的大砝码，用细线悬挂在O点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离竖直方向=60F的值不可能为A．5.0NB．53NC．103ND．10.0N4、下列关于物质结构的叙述中的是A．天然放射性现象的发现表明了原子核内部是有复杂结构的B．质子的发现表明了原子核是由质子和中子组成的C．电子的发现表明了原子内部是有复杂结构的D．粒子散射实验是原子核式结构模型的实验基础5、如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板上，随跳板同向下做变速运动到达最低点，然后随跳板反弹，( )A．运动员与跳板接触的全过程中只有超重状态B．运动员把跳板压到最低点时，他所受外力的合力为零C．运动员能跳得高的原因从受力角度来看，是因为跳板对他的作用力远大于他的重力D6、如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比为10：1，在原线圈接入u=30 2sin(100πt)V的正弦交变电压。若闭合开关后灯泡L正常发光且灯泡L正常发光时的电阻为电压表和电流表均为理想交流电表则下列说法确的是（ ）A．副线圈中交变电流的频率为5HzC．电流表的示数为20A

B．电压表的示数为3VD．灯泡L的額定功率为3W45205307如图所示甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图像乙图为参与波动质点P的振动图像则下列判正确的是 .4m/sx轴正方向经过0.5s,质点P沿波的传播方向向前传播4mD2m的障碍物E.0.5s时间P的位移为零0.4m8、在x轴上有一叠加而成的电场，其电场方向沿x轴，电势φ随x按如图所示正弦规律变化，则下列说法中正确的是（）1 2 2 A．x~xx~x1 2 2 1 xx、x1 2 xxx2 2xx轴负方向运动29、如图，正方形ABCDA点沿与AB30°角的方向垂直射入磁场．甲粒子从B点离开磁场，乙粒子垂直CD边射出磁场，不计粒子重力，下列说法正确的是甲粒子带正电，乙粒子带负电23甲粒子的运动半径是乙粒子运动半径的3倍23甲粒子的比荷是乙粒子比荷的3倍两粒子在磁场中的运动时间相等10、两汽车甲、乙分别挂上拖车，两汽车与两拖车的质量均相同，且阻力与质量成正比。开始两车以相同的速度v0做匀速直线运动，t=0时刻两拖车同时脱离汽车，已知汽车甲的牵引力不变，汽车乙的功率不变，经过相同的时间t0，汽车甲、乙的速度大小分别为2v0、1.5v0。则下列说法正确的是（）0A．t4：300B．t3：100C．t4倍00D．t3：20三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）“实验中，除导线和开关外，可供选择的实验器材如下：L2.5V，1.0WA10.6A1.5ΩA23A0.5Ω3V15V9kΩR10~1000ΩR20~5Ω4V，内阻不计为了调节方便，测量尽量准确，电流表应选、电压表应选、实验电路应选用如下电路中 （一律填选项序号。A． B．C． D．实验测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示，由此可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的灯丝电阻Ω（保留两位有效数字。12（12分）实验小组利用以下方法对物体的质量进行间接测量，装置如图1所示：一根轻绳跨过轻质定滑轮与两个、Q相连，已知重物P、QmgQP的下端与穿过打点计时器的纸带相连。先接通频率为50Hz的交流电源，再由静止释放系统，得到如图2所示的纸带，则系统运动的加速度a= （结果保留2位有效数字；在忽略阻力的理想情况下，物块Z质量M的表达式为= （用字母g表示；实际情况下，空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦、定滑轮中的滚动摩擦不可以忽略，物Z的实际质量与理值M有一定差异，这种误差 误差（填偶然”或系统。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）l1m3，右侧斜面的中间用阻R2B1

0.5T，右侧斜面轨道及其右侧区域中存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B2

0.5T。在斜面的顶端e、f两点分别用等长的轻质柔软细导线连接导体棒ab，另一导体棒cd置于左侧斜面轨道上，与导轨垂直且接触良好，ab棒和cd棒的质量均为m0.2kg，abr1

2，cd棒的电阻为r2

4。已知t=0时刻起，cd棒在沿斜面向下的拉力作用下开始向下运动(cdabF乙所示，ab棒静止时细导线与竖直方向的夹角。其中导轨的电阻不计，图中的虚线为绝缘材料制成的固定支架。cd棒的运动情况；t=02scd受到拉力的冲量；3sR2.88cd?14（16分）3：1，初始时，该装置底部盛有水银；左右两边均封闭有一定质量的理想气体，24cm22cm4cm76cmHg，现使活塞缓慢①此时竖直管内气体的压强；②活塞向下移动的距离．15（12分）如图，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦．两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为V0

、温度均为T0

．缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，AA中气体压强为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积VA

和温度T．A参考答案64241、B【解析】A．伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律，故B正确；C．牛顿总结了万有引力定律后，卡文迪许测出引力常量，故C错误；D．开普勒通过对行星运动的观察，发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，完善了哥白尼的日心说，得出了开普勒行星运动定律，故D错误。故选B。2、B【解析】AB．折射率nsin

sin45 2sinr sin30选项A错误，B正确；CD．全发射必须从光密介质射入光疏介质,真空射向介质不可能发生全反射，选项CD错误。故选B。3、A【解析】ABCD．以物体为研究对象，根据图解法可知，当拉力F与细线垂直时最小．根据平衡条件得F的最小值为FmiGsin60=5 3，当拉力水平向右时，拉力F=Gtan60°=10 3N；所用拉力F的值不可能为A，B、C、D都有可能，故A正确，BCD错误.4、B【解析】A．天然放射现象说明原子核内部有复杂结构。故A正确，不符合题意；B．质子的发现与原子核是由质子和中子组成的没有关联。故B错误，符合题意；C．汤姆生发现电子，知道原子还可以再分，表明了原子内部是有复杂结构的。故CD正确，不符合题意；5、C【解析】下降过程中既有失重状态也有超重状态，同理上升过程中也存在超重和失重状态，故A错误；运动员把跳板压到最低点时，跳板给其的弹力大于其重力，合外力不为零，故B错误；他的作用力大于他的重力，故C正确；跳板对运动员的作用力与他对跳板的作用力是作用力与反作用力，大小相等，故DC.6、B【解析】根据ff=50Hz50项错误；2原线圈所接的交变电压最大值为302

V30V，根据fU=3V，即电压表的示数为3V，B项正确；L正常发光时，副线圈中的电流为IU2

3 A=2AR 1.5C项错误；L的额定功率P=I2R=6WD项错误。故选B。45205307、ADE【解析】由甲图读出该波的波长为λ=4，由乙图读出周期为T=1，则波速为

=4m/s，故A正确；Tt=0Py轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向，故B误；P只在自己的平衡位置附近上下振动，并不随波的传播方向向前传播，故C错误；，与障碍物尺寸相差较多，故能发生明显的衍射现象，故D正确；t=0.5s=T2

，质点P又回到平衡位置，位移为零，路程为S=2A=2×0.2m=0.4m，故E正确．8、BCφ

x图线的斜率表示场强，由于x1

~x之间图线的斜率均小于零，故场强的方向不变，故A错误；3φ

x图线的斜率表示场强，由图可知x、x处的切线斜率为零，x、x处场强大小为零，故粒子运动到此处时1 3 1 的加速度大小为零，故B1 3 1 由题意可知，在x1

~xx232

处的过程中，电场力做负功，电32 势能增加，故负电荷在x处的电势能小于其在x处的电势能，故C32 x2xD错误BC。9、AC【解析】A．根据左手定则可知，甲粒子带正电，乙粒子带负电，选项A正确；B a r=a

r= a 2a．设正方形的边长为

，则甲粒子的运动半径为1

，甲粒子的运动半径为2

cos300

，甲粒子的运动半径是33乙粒子运动半径的33

2 倍，选项B错误；C．根据

qvBmv2 v 1 2=3q，解得 ，则甲粒子的比荷是乙粒子比荷的3q

倍，选项

C正确；2 3r m Br r2 3

3 m mD600，根据t选项D错误．10、BD【解析】0t的位移0

qB

r，则两粒子在磁场中的运动时间不相等，qvs v1

2v20t20

1.5vt000对乙车功率一定，则做加速度减小的加速运动，则经过t时的位移0vs v2

1.5v20t20

1.25vt00则t0时间内，甲、乙两汽车的位移之比s 1.5vt1 0

6 1.2s 1.25vt 52 00不可能为4：3，选项A错误；mF=2kmg，对甲车拖车脱离后做匀加速运动的加速度Fkmga kg1 m乙车功率一定P=Fv0=2kmgv0在t0时刻乙车的加速度P kmg1.5va 2

1 kgm 3则甲、乙两汽车的加速度大小之比为3：1，选项B正确；C．甲车拖车脱离前功率P=Fv0=2kmgv0t0时刻汽车甲的功率为P0=2kmg2v0选项C错误；D．甲车牵引力做功W2kmgs1

3kmgvt00乙车牵引力做功W Pt2

2kmgvt00t03：2DBD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程11、B D C 5.1(或5.2或5.3)【解析】(1)[1][2]小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表选D(3V)，额定电流为P 1I A0.4Am U 2.5[3]小灯泡的电阻为RU2

2.52

5.25P 1由于RRA VRRA V1.53000故采用电流表外接法，要求小灯泡两端的电压从零开始，所以滑动变阻器采用分压式接法，故实验电路应选C。(2)[4]由IU图像可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的电流约为0.38A，则小灯泡的电阻为RU

2 Ω(5.15.2)I 0.382ma12、8.0

ga 系统【解析】根据位移差公式ΔxaT2求解系统的加速度。对整个系统进行分析，根据牛顿第二定律求解M来源分析误差的性质。【详解】(1)[1]根据位移差公式ΔxaT2，解得系统运动的加速度为x (2.953.29)(2.322.64)a 102T2 40.022

8.0m/s2(2)[2]根据牛顿第二定律，对Q和Z有mgTma对物体P有TmgmaM2ma。ga(3)[3]由题意可知本实验中误差是由于实验原理的选择而造成的，无法通过多测数据来消除，故这是一种系统误差。【点睛】本题主要考查了通过系统牛顿第二定律测质量的方法，能分析出实验误差的原因。明确系统误差和偶然误差的定义。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)cd棒在导轨上做匀加速度直线运动；(2)1.6Ns；(3)43.2J【解析】设绳中总拉力为Tab分析，由平衡方程得：FTsinθBIlTcosθmg解得：FmgtanθBIl1.50.5I由图乙可知：F1.5则有：I0.4tcd棒上的电流为：I 0.8tcd则cd棒运动的速度随时间变化的关系：v8t即cd棒在导轨上做匀加速度直线运动。ab棒上的电流为：I0.4t则在2s内，平均电流为0.4A，通过的电荷量为0.8C，通过cd棒的电荷量为1.6C由动量定理得：I mgsinθtBlIF

mv0s解得：I 1.6NsF3sR上产生的的热量为Q2.88J，则ab棒产生的热量也为Qcd棒上产生的热量为，则整个回路中28.83s28.8J而重力做功为：W mgsin43.2JG对导体棒cd