江西省三校年高二物理下学期期末联考试题(含解析)

江西省南昌市三校（南昌一中、南昌十中、南昌铁路一中）2021学年高二物理下学期期末联考试（含解析）高二物理下学期期末联考试（含解析）一、选择题（此题共12小题，每题4分，共48分，1—8每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9一12题的四个选择中，至少有两个选项正确，错选多项选择不得分，漏选得2分）.物体由大量分子组成，以下说法正确的选项是A.分子热运动越剧烈，物体内每个分子的动作越大B.分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小C.物体的内能跟物体的温度和体积有关D.只有外界对物体做功才能增加物体的内能【答案】C【解析】分子运动剧烈，是分子的平均动能大而不是分子动能大：所以答案A错误，分子间作用力随距离减小而增大，答案B错；内能包括分子动能和势能，分子平均动能与温度有关，而势能与体积有关所以说内能与他们都有关C正确，改变内能的方式有做功和热传递，所以D错；.一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为x,速度变为原来的2倍，该质点的加速度为（）XA.—

r【答案】B度为（）XA.—

r【答案】B2x37C.lxD.3x2?【解析】【详解】设质点的初速度为如由平均速度公式得：X=号:f="]2i'。f由加速度定义式得：。=匕2="二%=匕ttt2x联立解得：43产xAy与计算结果不符，故A错误；厂

B.2B.2rL与计算结果相符，故B正确;2xC.产与计算结果不符，故C错误;D.S与计算结果不符，故D错误。2产3.甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移-时间(X—7)图象如下图,由图象可以得出在0-4s内0A.甲、乙两物体始终同向运动4s时甲、乙两物体间的距离最大C.甲的平均速度等于乙的平均速度D.甲、乙两物体间的最大距离为6%【答案】C【解析】A、图象的斜率等于速度，可知在0-2s内，甲、乙都沿正向运动，两者同向运动.2-4s内，甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，两者反向运动，A错误；B、D、0-2s内两者同向运动，甲的速度较大，两者距离逐渐增大，2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离逐渐减小，那么2s时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为S=4m-Im=3m,B、D错误；C、由图知在0-4s内甲乙的位移都是2m,平均速度相等，C正确：应选Co4.篮球架下的运发动原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H。依次上升四个乌所4用时间分别为乙、/,、。、。，那么㈡■为()…3

【答案】A【解析】【详解】采用逆向思维那么运发动在竖直方向上做自由落体运动，根据相等位移内的时间之比可知口：，3411=1:（应—1）:（"—应）：（2—6），所以"^"=1A.1与计算结果相符，故A正确;7与计算结果不符，故B错误:2C.h与计算结果不符，故C错误;C•产计算结果不符，故D错误。5.如下图，一弹簧秤上端固定，下端拉住活塞提起气缸，活塞与气缸间无摩擦，气缸内装一定质量的理想气体，系统处于静止状态，现使缸内气体的温度升高，那么在此过程中，气体体积「与弹簧秤拉力厂的变化情况是（）B./增大，尸减小D.B./增大，尸减小D./增大，尸不变C./不变，尸不变【答案】D【解析】【详解】设活塞与气缸的质量分别为卬和M活塞的横截面积为S,大气压为与，封闭气体的压强为a以气缸为研究对象，根据平衡条件得：8S=PS+Mg,得：尸二玲-?，可知，封闭气lJ体的压强尸保持不变，使气缸内气体的温度升高时，气体发生等压变化，由盖•吕萨克定律分析得知气缸内气体的温度升高，体积/增大.对活塞与气缸为研究对象，由平衡条件得，弹簧秤拉力片g,那么得为保持不变.A./增大，尸增大，与上述结论不符，故A错误P增大，尸减小，与上述结论不符，故B错误/不变，尸不变，与上述结论不符，故C错误P增大，尸不变，与上述结论相符，故D正确。6.如下图为一定质量理想气体的p—t图，a、b、c分别是三个状态点，设a、b、c状态的气体密度为2,A，内能为与，耳，与，那么以下关系中正确的选项是（）・273 0 /A.Pa>Ph>Pc-Ea>Eh>Ec B.Pa〈Pb=Pc；Ea=Eh>Etc.P“>Pb=Pc；Ea>Eb=E, D,Pu=Pb>P,；E”>Eb=E,【答案】D【解析】【详解】a、b是一条过点（-273,0）的倾斜直线上的两点.所以a、6体积相等.根据密度MP=—，所以"Pb；理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大.根据Lt图象得a的温度大于6的温度，所以瓦,瓦.b、。温度相同，6的压强大于。的压强，根据气体M方程得6的体枳小于。的体积，根据密度。=7，所以p>p。b、C温度相同，所以加瓦.A.pa>ph>pc；Ea>Eb>Ec,与上述结论不符，故A错误;

B.Pa〈B.Pa〈Pb=PCE&=Eb>E「与上述结论不符，故B错误;pa>ph=pe,Ea>Eb=E4,与上述结论不符，故C错误:pa=pb>pc；Ea>Eh=Ec,与上述结论相符，故D正确。x=2+6t-t2(各物理量均采用国际单位制单位)，那么该质点()A.第1s内的位移大小是71n B.前2s内的平均速度是5m/sC.3s末质点速度减为0 D.质点2s末的速度与4s末速度相同【答案】C【解析】为=(24-6xl-l2)m-2m=5m,故A错误；=(2+6x2-22)m-2m=8m,前2s内的平均速度V=亍=4m/s,故B错误；v=6-2r,3s末质点速度减为0,故C正确：D.由速度-时间关系式可知：2s末的速度是+2m/s,与4s末速度是-2m/s,所以质点2s末的速度与4s末速度大小相等，方向相向，故D错误。8.d、8两车在平直公路上沿同一方向行驶，两车运动的L2图象如下图，在才=0时刻，b车在<2车前方s。处，在0〜心时间内，<2车的位移为s。假设小2与，那么()A.小6两车只会相遇一次，在心时刻相遇B.小6两车只会相遇一次，在2时刻相遇4TOC\o"1-5"\h\zt 4/C.小6两车可以相遇两次，一次在々时刻相遇，另一次在一时刻相遇3 3D.a、6两车可以相遇两次，一次在!时刻相遇，另一次在言■时刻相遇2 2【答案】D【解析】2v+v 3vt【详解】由速度-时间可知，图象与时间轴围成的面积表示位移，所以s=F—乙=—L，乙 乙3v5。二>孚。在，时d的位移是_2丫十万/-7%,8的位移是=24 2 、=-2.2=-r 2228因为%-5°=乎，故在与时两相遇；由V-1图像可知：•时，两者的位移相同，所以假设在2时两相遇，在W■时一定相遇。故a、6两车可以相遇两次，一次在工时刻相遇，2 2 2另一次在工时刻相遇2a、6两车只会相遇一次，在心时刻相遇，与上述结论不符，故A错误；a、6两车只会相遇一次，在2时刻相遇，与上述结论不符，故B错误；4TOC\o"1-5"\h\zt 4/<9、6两车可以相遇两次，一次在々时刻相遇，另一次在一时刻相遇，与上述结论不符，3 3故c错误；a、6两车可以相遇两次，一次在工时刻相遇，另一次在当时刻相遇，与上述结论相符，\o"CurrentDocument"2 2故D正确。9.做匀减速直线运动的质点，它的加速度大小为a,初速度大小为v。，经过时间t速度减小到零，那么它在这段时间内的位移大小可用以下哪些式子表示()\o"CurrentDocument"， ■ voZ 1JA.vd+-ar B.vJ C.- D.一。广\o"CurrentDocument"°2 0 2 2【答案】CD【解析】【详解】A.由题意，初速度为%,加速度大小为a,时间为t,加速度为-小那么匀减速运动的位移为：1=%/一!■。尸，故A错误，B.做匀减速直线运动的质点，这段时间内的位移大小不可能是外/,故B错误；C.由题，物体做匀减速直线运动，初速度为如末速度为0,那么平均速度为万=2^=2,2 2所以这段时间内物体的位移X=W=2f,故C正确.D.此运动可看出反向的初速度为零的匀加速运动，那么X。产，故D正确.乙10.一个质点做匀加速直线运动，在a点的速度为v,经过时间t到达b点，在b点的速度为7vo对于质点在a点到b点的运动过程，以下判断正确的选项是（）A.质点在t/2时刻的速度为3.5vB.质点在ab中点的速度为5VC.质点在前一半时间通过的位移与后一半时间通过的位移之比为1：3D.质点在前一半位移所用的时间与后一半位移所用的时间之比为2：1【答案】BD【解析】_v+7v4【详解】A.质点在〃2时刻的速度为是这段时间内的平均速度，所以匕=u==—=4v,故A错误;B.质点在成中点的速度为y=J匚罗l=5u，故B正确；v+4vt5vtc.质点在前一半时间通过的位移国=方一♦,后一半时间通过的位移4v+7Vt1——・-=—，两段位移之比为5：11,故C错误；- 2 2 45v—V4vD.质点在前一半位移所用的时间乙= =—,后一半位移所用的时间aa7v—5v2vh= =一，两段时间之比为2：1,故D正确。-aa11.一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、be、ca回到原状态，其图象如下图,以下判断正确的选项是（）A.过程be中气体既不吸热也不放热B.b和c两个状态中，容器壁单位面枳单位时间内受到气体分子撞击的次数不同

C.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D.a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小【答案】BD【解析】A,温度不变，内能不变，但压强降低，体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律，气体会吸热，故A错误；B.由图象可知，6c过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，状态气体的分子数密度不同，8和c两个状态中，容器壁单位面枳单位时间内受到气体分子撞击的次数不同，故B正确。C.由图象可知，ca过程气体压强不变,温度降低由盖•吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功冷0,气体温度降低，内能减少△小0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量，ca过程中外界对气体所做的功小于气体所放热量，故C错误；D.由图象可知，&状态温度最低，a分子平均动能最小，a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小，故D正确.在两端开「I竖直放置的U形管内，两段水银封闭着长度为L的空气柱,a、b两水银面的高度差为h,现保持温度不变，那么()A.假设再向左管注入些水银，稳定后h变大B.假设再向左管注入些水银,稳定后h变小C.假设再向右管注入些水银,稳定后hB.假设再向左管注入些水银,稳定后h变小C.假设再向右管注入些水银,稳定后h变大D.假设两管同时注入些水银,稳定后h变大【答案】CD【解析】

【详解】设右管被封闭气体上方的水银柱的高度为力'，气体的压强P="+/?=《+〃'，解得：h'=hAB.假设再向左管注入些水银稳定后，研究被封闭的气体，气体上方的水银柱高度不变，所以气体的压强不变，仍然有"二力，故AB错误；C.假设再向右管注入些水银，稳定后，因被封闭气体上方的水银柱变长，被封闭的气体压强增大，&、8两水银面的高度差变大，h会变大,选项C正确D.由AB的分析可知，向左管中注入水银，对a、b两水银面的高度差无影响，由C的解答可知，向右管中注入水银，会使a、8两水银面的高度差变大，所以同时向两管同时注入些水银,稳定后力变大，选项D正确.二、填空题(本大题每空2分，共20分，请把答案写在答题卷指定的空格上。).在甲、乙、丙三种固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，石蜡熔化的范围如图(1)、(2)、(3)所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度随加热时间变化的关系如图⑷所示.那么由此可判断出甲为，乙为,丙为(填”单晶体"、"多晶体〃、“非晶体”).•・・••••••・•・►•・••■・♦•・・•・・.・••・・••••••••・・••••••・•・►•・••■・♦•・・•・・.・••・・•••••••【答案】(1).多晶体(2).非晶体(3).单晶体【解析】【详解】第一空第二空.非晶体和多晶体是各向同性，那么熔化在外表的石蜡是圆形，甲、乙可能是多晶体与非晶体：根据温度随加热时间变化的关系晶体在熔化的过程中温度保持不变，可知甲为多晶体，乙是非晶体。第三空.单晶体是各向异性的，熔化在晶体外表的石蜡是椭圆形，丙为单晶体.如下图，A、B、C三个点代表某容器一定质量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别是1;、Tb、£；用Na、*、乂分别表示这三种状态下气体分子在单位时间撞击容器壁上单位面积的次数，那么TaT「NaNb，NbNc(填大于、小于或等于)【答案】(1).等于(2).大于(3).大于【解析】乙匕=E,匕,，根据理想气体的状态方程得：ta=tco故第一空应该填“等于"。45过程是一个体枳不变过程，压强减小，温度降低，气体分子在单位时间撞击容器壁上单位面积的次数减小，所以N/Ns，故第二空应该填“大于〃。况■过程是一个压强不变过程，压强体积增大，温度升高，分子撞击器壁时产生的作用力越大,但压强不变，说明气体分子在单位时间撞击容器壁上单位面枳的次数减小，所以Nb〉N「故第三空应该填“大于〃。.图示是某同学利用打点计时器研究物块沿倾斜的长木板加速下滑时得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，把最小刻度为1mm的刻度尺放在纸带上测量点与点之间的距离。打点计时器连接的是频率为50Hz的交变电流(保存两位有效数字)。7个连续的点打点计时器最先打出的是 点(2)打下E点时物体的速度为m/so(3)物体运动的加速度为m/s2o(4)如果实验时交变电流的实际频率略小于50Hz,那么速度的测量值和实际值相比是(填“偏大〃、“偏小〃或"不变”)。【答案】【解析】(1).A(2).0.60 (3).5.0 (4).偏大【答案】【解析】【详解】第一空.因为小车做加速运动，所以打点越来越稀，所以7个连续的点打点计时器最先打出的是力点：X£点时物体的速度为如段平均速度%=笔=0.60m/s2T%一丫第三空.由逐差法得：物体运动加速度守=5.0m/s2(37厂第四空.交变电流的周期与频率相为倒数，如果实验时交变电流的实际频率略小于50Hz,所以打点周期变长，也就是7>0.02s。但求解时打点周期仍要将0.02s代入，所以求得的速度较真实的速度要偏大。三、计算题(本大题共5小题共42分，解答此题时，应写出必要的文字说明，方程式和重要的算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数字计算的解答中必须明确写出数值和单位。).如下图，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,再由B变化到C,状态A的温度为300K,分别求出气体在状态B、状态C的温度。【答案】•二1200K7；=600K【解析】【详解】(1)由理想气体的状态方程竽■二岑冬IA 1B可得：7；=1200K(2)由(2)由B到C气体做等容变化TbTc可得:K・=600K.出租车上安装有速度表，计价器里安装有里程表和时间表，出租车载客后，从高速公路入II处驶入高速公路，并从10时10分55秒开始做初速度为零的匀加速直线运动，到10时11分05秒时，速度表显示54km/h,求(1)这时出租车离出发点距离为多少千米？(2)速度表显示108km/h时，出租车开始做匀速直线运动，当时间表显示10时12分35秒,计价器里程表示数为多少千米？【答案】(1)0.075km(2)2.7km【解析】【详解】(1)根据加速度的定义式8=2=1.5111/5?△t10根据位移公式S=—at2=-xl.5xl02m=75m=0.075kin2 22々八2(3)108km/h时路程为S,=玉"= 111=300111-2。2x1.5时间为G=F^=20s因此此时出租车时间表显示10时11分15秒，出租车做匀速运动，当时间表显示10时12分35秒时，它匀速运动时间t3应为80s.那么匀速运动S3=v2x=2400m=2.4kinS=S,+其=2.7kin18.如下图，质量为0.5kg物块从光滑斜面上的A点静止开始下滑，经过B点后进入水平面,最后停在C点。利用速度传感器测量物体每隔1s的瞬时速度值，有关数据由下表列出。取重力加速度g=10m/s)认为物块经过B点时速度的大小不变。求t/s0123456•••v/m•s10481212108•••(1)物块从A滑行到C的时间;(2)物块滑行过程中的最大速度。40【答案】(1)10s⑵vB=a^=—m/s=133m/s【解析】【详解】(1)分析数据可知，物体在0-3s时间内做匀加速直线运动，每秒速度增加4,3-4秒初末速度一样，说明物体到达8点时间在3-4s之间。物体在回段减速滑行时每隔1s速度减少2m/s,6s时速度为8,那么因此物体从力滑行到。的时间是10s。(2)物体滑行至8点时的速度最大，设为修。设物体在AB段滑行的时间为小加速度为％,在6。段滑行的时间为持加速度为比，那么有Av8-4z.a.=——= in/s=4m/s122-1Av10-12/c,a、=——= m/s=-zm/s-N5-4矶+a2t2=0联解求得乙=?S40因此物体滑行的最大速度VB=4工=-yiii/s=13.3nVs19.如下图，均匀薄壁U型管竖直放置，左管长度大于2L且上端封闭，右管开II且足够长，管的横截面枳为S,内装密度为P的液体，右管内有一质量为m的活塞搁在固定小卡II上，卡口与左管上端等高，活塞与管壁间无摩擦且不漏气。温度为T。时，左、右管内液面等高，两管内封闭空气柱的长度均为L,压强均为大气压强P。，现使左、右两管温度同时缓慢升高，在活塞离开卡口上升前，左、右两管内液面保持不变，重力加速度为g,求：(1)右管内活塞刚离开卡口上升时，右管封闭气体的温度

(2)温度升高到工为多少时，两管液面高度差为L?【答案】(1)7]=区”二k+多, (2)4二笔”=华(p°+W+0gL)PoIP°SJ PM2PolS)【解析】【详解】11)在活塞离开卡门上升前，右管内气体体积不变。活塞刚要离开卡口上升时，右管内气体的压强…+等由气态方程M=¥20 1]7＞