2021年江苏省苏州市中考物理试题（解析版）

2021年江苏省苏州市中考物理试卷

一.选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项

符合题意）

I.（2分）2021年5月15日，我国自主研发的“天问一号”火星探测器成功将“祝融号”

火星车着陆到火星表面，探测器从火星向地球传递信息是通过（）

A.红外线B.超声波C.电磁波D.次声波

2.（2分）海洋生物学家研究发现，生活在澳大利亚海岸附近的长鳍领航鲸能模仿对手虎鲸

发出的声音，有些声音人耳听起来竟然不能分辨出是长鳍领航鲸发出的，这表明它能模

仿对手声音的（）

A.音色B.响度C.声速D.音调

3.（2分）下列图中能反映发电机工作原理的（）

4.（2分）下列有关物理量的估计，符合实际的是（）

A.教室门框的高度约为1500mm

B.人感觉舒适的环境温度约为37c

C.中学生正常行走的速度约为5km/h

D.一个中学生体重约为50N

6.（2分）提词器是由一个高亮度显示器和一块与其成45°角的专用镀膜玻璃组成，镀膜玻

璃将显示器上的文稿内容反射到演讲者前方。如图当演讲者前方呈现“爱我中华”四个

字时。他直接看显示器会看到（）

提词器

A.爱我中华B.景徒中率C,华中我爱D.鎏瑾申正

7.（2分）某输液警报器能在药液流完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻

R,其阻值随管内液体的减少而减小。通过电铃的电流需要达到一定大小时电铃才能发声。

下列几个电路中符合报警要求，且当输液管内液体越少，电表的示数也越小的是（）

8.（2分）关于“观察水蒸气液化”的实验，下列几个说法中不正确的是（）

A.烧瓶内水的减少主要是因为水的沸腾

B.金属盘中放冰块可使液化现象更明显

C.瓶口上方的“白气”是大气中的水蒸气液化形成的

D.根据金属盘温度升高这一现象不能得出气体液化会放热的结论

9.（2分）下列说法中正确的是（）

A.汤姆生发现了电子，说明原子是可分的

B.用手捏面包，面包的体积变小了，说明分子间有空隙

C.摩擦起电使物体产生了电子，带上了正负两种电荷

D.超导体的导电性能介于导体和绝缘体之间1m-L

=

=

_

=

10.（2分）如图，量筒中盛有40mL水，将量筒上表示体积的刻度值换成质量_T

-一

的刻度值，便可以制作成一个“质量秤”。某些小物块放入量筒中后，就可三

1==-

以直接读出该物块的质量。以下说法正确的是（）三SO

三60

-

三

一:

-

A.该秤的零刻度线在量筒的零刻度线处三O

!==-20

-

B.该秤的分度值为1g三

-一

三

C.该秤能称量的小物块质量最大为60g一

D.该秤可称量质量小于40g的实心小铁块质量

11.（2分）如图是“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”

的甲、乙两组实验装置。下列关于该两组实验的说法正确的是（）

A.每组实验中，燃料的质量均应相等

B.每组实验中，杯中物质的质量均应相等

C.甲组实验中，可以根据温度计示数的变化来比较吸热的多少

D.乙组实验中，可以根据加热时间的长短来比较吸热的多少

12.（2分）如图，质量为2m的物块P下方连接有一个质量为m的钩码，上端通过细线绕

过轻质定滑轮连接一质量为2m的物块Q,将它们由静止释放。在物块P下落到地面的

过程中，P,Q间细线拉力大小为F,（细线重力及各处的摩擦均不计，钩码落地后不弹

起）（）

A.钩码落地前F=3mg,Q的机械能增大

B.钩码落地前F<3mg,Q的机械能增大

C.钩码落地后F=2mg,P的机械能不变

D.钩码落地后F>2mg,P的机械能减小

二、填空题（本题共10小题，每小题2分，共28分）

13.（2分）我国具备完全自主知识产权的“华龙一号”核电机组的投入运行，使中国跻身

核电技术先进国家行列。核电站是利用核反应堆发生核（裂变/聚变）时提供的

能量发电的，反应堆冷却系统采用水冷方式是利用（做功/热传递）的方式来改

变内能。

14.（2分）《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”，如图，“柢”即握柄，是

磁体的极，司南之所以能指南北，是由于受到的作用。

15.（2分）如图是铺在青藏铁路冻土区路基两侧的“热棒”示意图，它能对路基进行主动

降温，保持路基冻土不熔化。在热棒内封装有一定量的氨，棒内下端的氨发生的物态变

化是（汽化/液化），热棒应采用好的材料制作，以提高热棒的工作效

率。

16.（2分）如图是用己调平衡的天平测量一正方体小物块质量时的情景，小物块质量为

g,小物块边长为4cm,其密度为kg/m3o

17.（3分）汽车在高速公路上急刹车时仍会向前滑行一段距离，这是由于汽车具有；

轮胎的温度会升高，此过程中能量转化关系与热机中的冲程相同。下雪天，需

要在公路桥梁等处撒上工业用盐，是为了（降低/升高）雪水的凝固点。

18.（2分）如图是十三世纪法国亨内考设计的“魔轮二轮子边缘上通过可以自由转动的钱

链等距安装了12个相同的活动短杆，杆端分别套上一个相同重球。他认为由于右侧重球

距离转轴较远，也即重力的较大，转轮会沿顺时针方向越转越快，其实根据

的原理，无需精确测量就能判定他的这一设想是不能实现的。

19.（3分）如图，甲、乙为两只相同电表，当闭合Si，S2时.，甲、乙两表示数之比为4：3,

则两表均为表。两电阻大小之比Ri：R2为，电路总功率为Pi，同时更

换两电表种类，调整开关状态，使两表均有正常示数，此时电路总功率为P2,则Pi：P2

为。

20.（2分）如图，两个质量相等的圆柱形杯子甲、乙放置于水平桌面上，杯底与桌面的接

触面积之比为1：2。装入一定量的水后杯子对桌面的压强均为po,将乙杯中水全部倒入

甲杯中放到原处后。甲杯对桌面的压强pi（＞/=/＜）2po，乙杯对桌面的压强

P2（＞/=/＜）Apoo

2

21.（5分）如图是小明利用V=2mL的注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材估测大气压值

的情况。

（1）利用刻度尺测量出的长度1为10cm,即可算出活塞横截面积为

cm2；

（2）把活塞推至注射器筒的底端，用橡皮帽封住注射器小孔，再水平向右缓慢拉动注射

器筒，当注射器的活塞开始滑动时，记下弹簧测力计的示数F=2.1N,据此可测得大气

压值p=Pa；

（3）考虑到活塞与筒壁之间有摩擦，小明继续拉动一小段距离后，缓慢退回注射器筒，

在活塞刚要到筒内底部时弹簧测力计示数为F,则大气压值p，=（用题中出现的

物理量符号表示）；

（4）实验时若筒内空气没有排尽，此因素将导致所测大气压值（偏大/偏小/不

变）。

22.（5分）阅读材料，回答问题

某研究小组对“塞贝克效应”进行了初步的学习研究，塞贝克效应是指由于两种不同导

体成或半导体的温度差异而引起两种物质间产生电压差的热电现象。例如将两种不同金

属两端连接组成回路，如果使两个接触点的温度不同，则在回路中将出现电流，金属的

塞贝克效应在一定条件下是可观的。

研究小组依据上述理论，制作了一个“蜡烛电厂”。如图甲，蜡烛电厂分为蜡烛、装置和

用电器三个部分，其中装置部分有铁丝A（中间接入了灯泡和电流表）、铜丝B、水冷装

置C,铁丝、铜丝的两端紧密相连。点燃蜡烛，小量程电流表指针偏转。他们对蜡烛电

厂的发电效率进行了研究。蜡烛、装置、用电器三部分的效率分别为巾、加、巾，并且

重点研究了输出功率与两端的温度差、接入电路的用电器的电阻这两个因素的关系，根

据实验数据绘制出如图乙所示图象。

问题：

甲

（1）此蜡烛电厂的电能是由蜡烛的能转化而来的；

（2）根据三部分的效率，可知此蜡烛电厂的发电总效率n=；

（3）根据图像可以看出：温差一定时，输出功率随电阻的增大而；温差因素对

输出功率的影响规律是:

（4）根据塞贝克效应，选择合适的两种金属和电流表组成电路，可通过电流的大小来监

测»

三.解答题（本题共11小题，共计48分。其中第26题，第27题需要写出必要的解答过程）

23.（4分）画出图中光从水中射入空气中折射光线的大致方向，并标出折射角丫。

空气

24.（1分）图中磁性黑板擦吸附在竖直黑板上，画出黑板擦在竖直方向受到的力。

25.（1分）图中利用羊角锤撬钉子，在锤柄上画出所施加的最小动力F和其力臂1。

26.（1分）图中已经正确连接好了部分电路，将其余部分连接完整。

27.（6分）如图是工人师傅用滑轮组提升建筑材料的示意图，在400N的拉力作用下，使质

量为70kg的建筑材料在10s的时间里，匀速竖直上升了2m。不计绳子重力和摩擦，g

取10N/kg«求：

（1）拉力的功率P;

（2）滑轮组的机械效率小

（3）动滑轮的重力G动。

<XWWNWW<

28.（6分）小明为宠物保温箱设计了一个电加热器，其内部电路如图所示，S为旋转型开

关，通过旋转开关S,可实现从低温到中温、高温的转换。保温箱及加热器的部分参数

如表所示，求：

（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量；

（2）电加热器电路中R2的阻值：

（3）要完成（1）中的升温要求，至少需要的加热时间。

物理量参数

加热器工作电压220V

中温挡功率110W

低温挡功率44W

电阻R3440Q

加热效率n80%

保温箱空气质量m1.5kg

空气比热容C0.8X103J/(kg»℃)

29.（6分）在探究“阻力对物体运动的影响”时，使用的器材有斜面、木板、棉布、毛巾

和小车。

（1）实验时要固定斜面，并将小车从斜面上（同一/不同）位置由静止释放；

（2）从实验现象可推理，若水平面绝对光滑，则运动的小车将在水平面上；

（3）如图，若实验中小车仅在木板上滑行时滑出了右端，是否需要重做本实验以获取可

靠的证据？答：（需要/不需要）；

胸=7倚身

毛巾棉布木板

（4）在本实验中，”小车在水平面上运动的距离”反映的是o

A.小车在水平面上所受阻力大小B.阻力对小车运动的影响情况C.A、B选项均正确

30.（6分）用蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上进行“探究凸透镜成像规律”的实验。

（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图时，在光屏上能成、缩小

的实像。生活中的（照相机/放大镜/幻灯机）就是利用这个原理制成的；

4||川||川|||川油而川甲|川川ip叫1丽回川1|川中即Tiq川平|川川甲川|川1|设

劫6cm102030405060708090100限

（2）这个凸透镜的焦距可能是：

A.8cmB.12cmC.16cmD.20cm

（3）若仅将图中凸透镜移动到刻度值为cm处，光屏上可再次呈现一个清晰的像；

（4）若仅将图中光屏向右移动一小段距离，在凸透镜和烛焰之间放置一个合适的

（近视/远视）眼镜，可使光屏上再次得到烛焰清晰的像.

31.（6分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V,电源电压为4.5V。

（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整；

（2）连接好电路闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，

则接下来的操作应是;

（3）问题解决后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为2.3V时，为了让灯泡正常发

光，此时应将滑片向（左/右）侧移动；

（4）当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为W；

（5）下表是实验中测量的几组数据，其中一个电流数据有误，此数据为。

U/V1.01.52.02.53.0

I/A0.20.250.280.37

（6）要完成上述表中数据测量，实验中滑动变阻器的总阻值至少为C；

（7）小明打算只利用两电表中的电流表来测量小灯泡的额定功率。他增加了一个阻值为

1OH的定值电阻Ro和两个开关。设计了如图丙所示电路，请将电阻Ro、电流表和灯泡

的符号填入虚线框中使其能完成实验。

32.（6分）纯电动汽车是一种采用蓄电池作为唯一动力源的汽车。电池的安全性主要体现

在对其温度的控制上，当某组电池温度过高时，立即启动制冷系统进行降温。图甲是小

明设计的模拟控温装置示意图。电磁继电器与热敏电阻Rt、滑动变阻器Rp串联接在电压

为6V的电源两端。当电磁铁线圈（电阻不计）中的电流I大于或等于25mA时，衔铁被

吸合。热敏电阻置于温度监测区域，其阻值Rt与温度t的关系如图乙所示，滑动变阻器

的最大阻值为200。。

（1）图甲中应将b端与端相连；

（2）当开关S闭合时，电磁铁上端为极：

（3）若设置电池温度为60℃时启动制冷系统，则滑动变阻器阻值应为

（4）该电路可设置启动制冷系统的最高温度是℃；

（5）现利用一只电阻箱在室温条件下对上述电路进行调试，使电路能在60℃时启动制冷

系统。为此，先将电阻箱调为70。，然后还需要经过三个关键的调试步骤才能完成调试。

第一步：断开开关，;

第二步：闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到继电器的衔铁被吸合；

第三步：断开开关，完成电路调试。

250

I—I,,

-1大

50607000

203040乙

33.（6分）光速的测定在物理学中有多种方法。迈克耳逊曾用类似于下述方法在地球上较

精确测定了光速。

将激光发射器和接收装置按图示位置固定，装置a是四个侧面均镀有高反光涂层的正方

体，可绕固定的中心轴转动（图示为俯视图）。当正方体转动到图示位置静止时，激光束

恰能以45°角照射到某侧面中心P点处，反射到相距几十公里外的一个山顶上，经此处

的光反射器（内部结构未画出，不计光在其中的传播时间）反射后，平行于原光线射到

正方体另一侧面中心Q点处，最终被接收装置接收到。

（1）若光速为3Xl（）5km/s,正方体到光反射器之间的距离为30km,则光从P点射出到

射回Q点所用的时间为s；

（2）正方体快速转动一周，光反射器能接收到次激光的照射；

（3）当正方体的转速为n圈/秒时，接收装置可接收到激光，正方体与对面山顶光反射

器间距离用d（单位：m）表示，则测得的光速可能为m/s（填写选项符号）

A.8ndB.12ndC.16ndD.20nd

2021年江苏省苏州市中考物理试卷

参考答案与试题解析

选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项

符合题意）

1.（2分）2021年5月15日，我国自主研发的“天问一号”火星探测器成功将“祝融号”

火星车着陆到火星表面，探测器从火星向地球传递信息是通过（）

A.红外线B.超声波C.电磁波D.次声波

【分析】由于声音不能在真空中传播，而电磁波能在真空中传播，且在真空中的传播速

度最快，故当代的航天、航空领域的通信都是通过电磁波实现的。

【解答】解：电磁波可以在真空中传播，探测器从火星向地球传递信息是通过电磁波来

实现的。

故选：C,

【点评】本题考查电磁波的传播，是一道基础题。

2.（2分）海洋生物学家研究发现，生活在澳大利亚海岸附近的长鳍领航鲸能模仿对手虎鲸

发出的声音，有些声音人耳听起来竟然不能分辨出是长鳍领航鲸发出的，这表明它能模

仿对手声音的（）

A.音色B.响度C.声速D.音调

【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音

色也就不同。

【解答】解：长鳍领航鲸能模仿对手虎鲸发出的声音，有些声音人耳听起来竟然不能分

辨出是长鳍领航鲸发出的，它是模仿虎鲸的音色，故A正确，BCD错误。

故选：Ao

【点评】此题考查的是音色的应用，难度不大。

3.（2分）下列图中能反映发电机工作原理的（）

【分析】结合以下知识，对照图片做出判断：

（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场；

（2）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运

动时，导体中就会产生感应电流；

（3）电磁铁通电后具有磁性，磁性的大小与电流大小、线圈的匝数有关；

（4）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动。

【解答】解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故A不符合题意；

B、图示的是闭合电路的导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电

磁感应现象，属于发电机的工作原理，故B符合题意；

C、图示的是电磁铁的相关实验，其原理是电流的磁效应，故C不符合题意；

D、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小有关，是电动机的

工作原理，故D不符合题意。

故选：Bo

【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感

应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。

4.（2分）下列有关物理量的估计，符合实际的是（）

A.教室门框的高度约为1500mm

B.人感觉舒适的环境温度约为37℃

C.中学生正常行走的速度约为5km/h

D.一个中学生体重约为50N

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要

进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：A、教室门框的高度约2m=2000mm。故A不符合实际；

B、人感觉舒适的环境温度在25℃左右，故B不符合实际；

C、人正常步行的速度约为1.4m/s=1.4X3.6km/hQ5km/h,故C符合实际；

D、一个中学生的质量约为50kg,体重约为50kgX10N/kg=500N。

故选：C。

【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识,

找出符合实际的选项即可。

5.（2分）在下列几种航空器中，主要利用流体压强和流速的关系获得升力的是（）

C.■武装直升机D.b*J-运载火箭

【分析】（1）热气球和飞艇都是受到浮力大于重力而上升的。

（2）流体压强与流速的关系：流速越大的地方、压强越小；流速越小地方、压强越大。

（3）（4）武装直升机、火箭是根据物体间力的作用是相互的而上升的。

【解答】解：

A、热气球上升时，热气球受到的浮力大于重力，不符合题意。

B、飞机飞行时，飞机的机翼上方突起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体

流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，飞机受到向上的升力作用。符合

题意。

C、直升机的机翼在转动时对空气有一个向下的力，由于力的作用是相互的，空气对机翼

产生一个向上的力，使其上升，不符合题意。

D、火箭发射时向下喷出气体，物体间力的作用是相互的，火箭同时受到一个向上的反作

用力，推动火箭上升，不符合题意。

故选：Bo

【点评】此题主要考查流体压强与流速的关系，掌握热气球、火箭、飞机等的工作原理

是解答本题的关键。

6.（2分）提词器是由一个高亮度显示器和一块与其成45°角的专用镀膜玻璃组成，镀膜玻

璃将显示器上的文稿内容反射到演讲者前方。如图当演讲者前方呈现“爱我中华”四个

字时。他直接看显示器会看到（）

提词器

A.爱我中华B.袈魅中率C.华中我爱D.奚瑾由左

【分析】平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的。

【解答】解：当演讲者前方呈现“爱我中华”四个字时，这四个字是显示器通过平面镜

所成的像，由于像与物体关于镜面是对称的，所以他直接看显示器会看到D的内容。

故选：D。

【点评】本题考查了平面镜成像的特点，属于基础题。

7.（2分）某输液警报器能在药液流完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻

R,其阻值随管内液体的减少而减小o通过电铃的电流需要达到一定大小时电铃才能发声O

下列几个电路中符合报警要求，且当输液管内液体越少，电表的示数也越小的是（）

电铃

【分析】可变电阻R阻值随管内液体的减少而减小，电流需要达到一定大小时电铃才能

发声，当输液管内液体越少，电表的示数也越小，由此分析解答。

【解答】解：

（1）当输液管内液体越少，R的阻值越小，能使通过电铃的电流增大，所以R与电铃应

串联在电路，而C图中电铃与R并联，故C图不符合题意；

（2）R与电铃串联，R的阻值越小，电路总电阻变小，电源电压一定，由I=U知电路

R

中电流变大，故A图不符合题意；

由U=IR知，此时电铃两端电压变大，由串联电路的电压特点知，R两端电压变小，故

B错误，D正确。

故选：D。

【点评】本题是电路的设计，考查了电路串联电路特点、欧姆定律的应用，利用好可变

电阻R的阻值随管内液体的减少而减小是关键。

8.（2分）关于“观察水蒸气液化”的实验，下列几个说法中不正确的是（）

A.烧瓶内水的减少主要是因为水的沸腾

B.金属盘中放冰块可使液化现象更明显

C.瓶口上方的“白气”是大气中的水蒸气液化形成的

D.根据金属盘温度升高这一现象不能得出气体液化会放热的结论

【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫做汽化，蒸发和沸腾是汽化有两种形式；

（2）使气体液化的方法有两个：降低温度和压缩体积；

（3）（4）物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化时要放出热量。

【解答】解：A、用酒精灯加热，烧瓶内的水会吸收热量，发生沸腾现象，汽化为水蒸气,

烧瓶内水的减少主要是因为水的沸腾，故A正确；

B、水蒸气液化时要放出热量，为了使实验现象更明显，应使盘的温度低一些，可以在盘

中加些冰块，故B正确；

C、烧瓶口上方的白气是瓶内的水汽化成的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故C错误；

D、水蒸气上升后遇到金属盘会放热，从而液化成水珠，金属盘温度升高；也有可能液化

的到的热水对金属盘二次放热，使金属盘温度升高，故D正确。

故选：C»

【点评】本题考查液化和汽化现象等，重点是液化的条件和特点，难度不大。

9.（2分）下列说法中正确的是（）

A.汤姆生发现了电子，说明原子是可分的

B.用手捏面包，面包的体积变小了，说明分子间有空隙

C.摩擦起电使物体产生了电子，带上了正负两种电荷

D.超导体的导电性能介于导体和绝缘体之间

【分析】（1）电子是汤姆生发现的，从而揭示了原子的结构；

（2）力可以改变物体的形状；

（3）摩擦起电的原因是电子发生了转移，并没有创造电；

（4）根据导电性的不同，材料可分为导体、半导体、绝缘体三大类，容易导电的物体叫

导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。当物

质电阻为零时，会出现超导现象。

【解答】解：A、汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的，故A正确；

B、用手捏面包，面包体积变小了，是因为面包疏松多孔，故B错误；

C、摩擦起电的原因是电子发生了转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电,

并没有产生电子，故C错误；

D、半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，超导体没有电阻，故D错误。

故选：Ao

【点评】本题考查了原子的构成、摩擦起电的实质、导体的分类综合性较强，但均为常

见考点，整体难度不大。

10.（2分）如图，量筒中盛有40mL水，将量筒上表示体积的刻度值换成质量的刻度值，

便可以制作成一个“质量秤”。某些小物块放入量筒中后，就可以直接读出该物块的质量。

以下说法正确的是（）

mL

S-100

1-80

L

（20

A.该秤的零刻度线在量筒的零刻度线处

B.该秤的分度值为1g

C.该秤能称量的小物块质量最大为60g

D.该秤可称量质量小于40g的实心小铁块质量

【分析】A.“质量秤”原理是物体在水中处于漂浮或悬浮状态，不放任何物体时，是质

量秤的零刻度，即40mL处；

B.量筒的分度值是2mL,2mL水的质量即是质量秤的分度值；

C、根据量筒的量程可以判断排开水的最大体积,根据阿基米德原理计算出排开水的质量,

就是最大测量值；

D.“质量秤”原理是物体在水中处于漂浮或悬浮状态，铁块的密度大于水的密度，浸入

水中会下沉.

【解答】解：

A、该“质量秤”原理是指在测量质量时物体在水中处于漂浮或悬浮状态，此时物体处于

平衡状态，其受到的浮力等于自身的重力，即可得到物体的质量，所以40mL处是零刻

度，故A错误；

B、由图可知，量筒的分度值是2mL,所以质量秤的分度值2g,故B错误；

C、量筒中盛有40mL水，其最大测量值是100mL,所以物体放入后排开水的体积最大为

60mL,

由阿基米德原理可知,此时浮力Ffj=p*V»g=1.0X103kg/m3X60X10-5m3XlON/kg

=0.6N,

物体的浮沉条件得物体的最大重力为G=0.6N,

则能称量物体的最大质量=0.06kg=60g-故C正确；

g10N/kg

D、实心小铁块浸入水中后会下沉至量筒底部，浮力小于重力，不能用该秤测量，故D

错误。

故选：Co

【点评】本题是根据物体的浮沉条件利用量筒测量物体的质量，是一道综合性比较强的

题目，有一定的难度。

11.（2分）如图是“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”

的甲、乙两组实验装置。下列关于该两组实验的说法正确的是（）

A.每组实验中，燃料的质量均应相等

B.每组实验中，杯中物质的质量均应相等

C.甲组实验中，可以根据温度计示数的变化来比较吸热的多少

D.乙组实验中，可以根据加热时间的长短来比较吸热的多少

【分析】（1）为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，要用不同的燃料，加热质量相同的

同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；

（2）探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料（根据

转换法，确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体

升高的温度；

【解答】解：AB、根据比较不同燃料燃烧放出的热量大小和探究“不同物质吸热升温现

象”两实验的要求，容器中被加热物质的质量都要相同，而探究“不同物质吸热升温现

象”实验时，不需要控制燃料的质量相同，故A错误，B正确；

C、甲组实验中，可以根据加热时间来比较吸热的多少，故C错误；

D、乙组实验中，可以根据温度计示数的变化来比较吸热的多少，故D错误。

故选：B。

【点评】本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”和探究“不同物质吸热升温现象”

两个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。

12.（2分）如图，质量为2m的物块P下方连接有一个质量为m的钩码，上端通过细线绕

过轻质定滑轮连接一质量为2m的物块Q,将它们由静止释放。在物块P下落到地面的

过程中，P,Q间细线拉力大小为F,（细线重力及各处的摩擦均不计，钩码落地后不弹

A.钩码落地前F=3mg,Q的机械能增大

B.钩码落地前FV3mg,Q的机械能增大

C.钩码落地后F=2mg,P的机械能不变

D.钩码落地后F>2mg,P的机械能减小

【分析】（1）机械能=动能+势能。

（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。

（3）重力势能大小的影响因素：质量、物体被举的高度。质量越大，被举的越高，重力

势能越大。

（4）力与运动的关系：物体在平衡力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态。

【解答】解：（1）钩码落地前，物体P及钩码下落速度越来越快，故F<3mg;物体Q

则上升越来越快，机械能增大。故A不正确、B正确。

（2）钩码落地后，因物体P、Q的重力大小都为2mg,则物体P、Q都做匀速直线运动

且F=2mg；因为惯性物体依然保持原来的运动状态，物体P动能不变，势能减小，机械

能减小：物体Q动能不变，势能增大，机械能增大。故：C、D不正确。

故选：B.

【点评】（1）掌握动能、重力势能的影响因素。（2）能判断机械能的变化。（3）掌握力

和运动的关系。本题综合性较大，难度较大。

二、填空题（本题共10小题，每小题2分，共28分）

13.（2分）我国具备完全自主知识产权的“华龙一号”核电机组的投入运行，使中国跻身

核电技术先进国家行列。核电站是利用核反应堆发生核裂变（裂变/聚变）时提供

的能量发电的，反应堆冷却系统采用水冷方式是利用热传递（做功/热传递）的方

式来改变内能。

【分析】（1）核能的利用包括裂变和聚变，核电站利用核裂变发电。

（2）改变内能的方法有做功和热传递。

【解答】解：核电站是利用核反应堆发生核裂变时提供的能量发电的，冷却系统采用水

冷方式是利用热传递的方式来改变内能。

故答案为：裂变；热传递。

【点评】知道核裂变在生活中的应用，明确改变内能的两种方法，可解答此题。

14.（2分）《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”，如图，“柢”即握柄，是

磁体的S（南）极,司南之所以能指南北，是由于受到地磁场的作用。

【分析】地球本身是个大磁体，地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理

的南极附近，磁体指南北就是因为受到地磁场的作用。

【解答】解：“柢”指南是由于受到地磁场的作用，“柢”指向地理的南极，即地磁北极,

由异名磁极相互吸引可知，“柢”是磁体的南极。

故答案为：S（南）：地磁场

【点评】本题是考查地磁场的题目，地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在

地理的南极附近，是对基础知识的考查。

15.（2分）如图是铺在青藏铁路冻土区路基两侧的“热棒”示意图，它能对路基进行主动

降温，保持路基冻土不熔化。在热棒内封装有一定量的氨，棒内下端的氨发生的物态变

化是汽化（汽化/液化），热棒应采用导热性好的材料制作,以提高热棒的工

作效率。

【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。

（2）材料的导热性能影响其工作效率。

【解答】解：装在热棒下端的液态氨在路基温度升高时会汽化，从路基内部吸热，使路

基温度降低，冻土就不会熔化。热棒应采用导热性好的材料制作，以提高热棒的工作效

率。

故答案为：汽化；导热性。

【点评】知道汽化概念和汽化吸热，了解材料的导热性，可解答此题。

16.（2分）如图是用己调平衡的天平测量一正方体小物块质量时的情景，小物块质量为3

g,小物块边长为4cm,其密度为0.75X103kg/n?。

【分析】（1）用托盘天平测量物体的质量，物体的质量等于右盘中祛码的质量与称量标

尺上游码对应的示数之和；

（2）正方体边长已知，根据V=a3计算出正方体积，由密度计算公式p=与计算即可。

【解答】用托盘天平测量物体的质量，物体的质量等于右盘中祛码的质量与标尺上游码

对应的示数之和，所以物体的质量为m=45g+3g=48g；正方体的体积是V=（4cm）3

=64cm3,所以物块的密度为p=—=—^^―=0.75g/cm3=0.75X103kg/m3o

V64cm3

故答案为：48；0.75X103

【点评】本题考查托盘天平的读数和密度的简单计算。

17.（3分）汽车在高速公路上急刹车时仍会向前滑行一段距离，这是由于汽车具有

性；轮胎的温度会升高，此过程中能量转化关系与热机中的压缩冲程相同。下雪

天，需要在公路桥梁等处撒上工业用盐，是为了降低（降低/升高）雪水的凝固点。

【分析】（1）物体都有保持原来运动状态不变的性质，即惯性；

（2）刹车中轮胎温度升高，是摩擦生热，机械能转化为内能，热机的工作过程中压缩冲

程和做功冲程有能量转化，压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械

能；

（3）盐水的凝固点比普通水的凝固点要低，因为同一物质的凝固点和熔点是相同的，所

以含盐的雪能够在较低的温度就开始熔化，所以下雪天需要在公路桥梁等处撒工业用盐,

降低熔点，使雪在较低温度熔化。

【解答】解：（1）汽车刹车后仍能继续向前滑行一段距离，说明汽车具有保持原来运动

状态不变的性质，即惯性；

（2）刹车中轮胎温度升高，是摩擦生热，能量转化是机械能转化为内能，热机的压缩冲

程中的能量转化也是机械能转化为内能；

（3）盐水的凝固点比普通水的凝固点要低，因为同一物质的凝固点和熔点是相同的，所

以含盐的雪能够在较低的温度就开始熔化，所以下雪天需要在公路桥梁等处撒工业用盐,

降低熔点，使雪在较低温度熔化。

故答案为：惯性；压缩；降低。

【点评】本题考查惯性、能量转化和液体的凝固点，是一道综合题目，也是一道基础题,

难度不大。

18.（2分）如图是十三世纪法国亨内考设计的“魔轮”。轮子边缘上通过可以自由转动的较

链等距安装了12个相同的活动短杆，杆端分别套上一个相同重球。他认为由于右侧重球

距离转轴较远，也即重力的力臂较大,转轮会沿顺时针方向越转越快，其实根据

能量守恒的原理,无需精确测量就能判定他的这一设想是不能实现的。

【分析】转轮相当于轮轴，重球离轴越远，其轮半径越大，即力臂越大；任何能量的转

化和转移都遵循能量守恒定律。

【解答】解：由图可知，转轮相当于轮轴，重球离轴越远，其轮半径越大，即直当于重

力的力臂越大；

根能量守恒定律可知，能量在相互转化和转移的过程中，能的总量保持不变，而转轮在

旋转过程中，一定会克服摩擦和空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，因此不可能

出现“转轮会沿顺时针方向越转越快”的情况，这违背了能量守恒定律。

故答案为：力臂；能量守恒。

【点评】本题通过对“魔轮”的了解，考查了对力臂杠杆的认识，对能量守恒定律的理

解，难度不大。

19.（3分）如图，甲、乙为两只相同电表，当闭合Si，S2时，甲、乙两表示数之比为4：3,

则两表均为电压表。两电阻大小之比Ri：R2为1：3,电路总功率为P1，同时

更换两电表种类，调整开关状态，使两表均有正常示数，此时电路总功率为P2,则Pi：

【分析】(1)甲、乙为两只相同电表，当闭合S1，S2时，甲、乙两表示数之比为4：3,

若量表均为电流表，则甲表会将电源短路，据此分析；

(2)当闭合S],S2时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的

电压，甲、乙两表示数之比为4：3,根据串联分压特点可知Ri：R2；

(3)设电源电压为U,当两表都为电压表时，闭合两开关，根据P=UI=1£^^出电路

R

总功率P1，

同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关S”两电阻并联，根据P=UI=a

R

得出此时电路总功率P2,进而得出Pi：P2。

【解答】解：(1)甲、乙为两只相同电表，当闭合S],S2时，甲、乙两表示数之比为4：

3,若量表均为电流表，则甲表会将电源短路，故两表均为电压表。

(2)当闭合Si，S2时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的

电压，甲、乙两表示数之比为4：3,

根据串联分压特点可知Ri：R2=——区=生3=工=1：3；

%33

(3)设电源电压为U,Ri=R,R2=3R,

22

当两表都为电压表时，闭合两开关，两电阻串联，电路总功率为PI=」L_=卫_,同时

R+3R4R

更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关S”两电阻并联，此时电路总功率为

2222

P;,TU\U^U^U_4U

"R7R7V3R

U2

Pl：P2=-^-=^-=3：16O

4U216

故答案为：电压；1：3；3：16。

【点评】本题考查电压表、电流表的使用方法、等效电路分析、串并联电路的特点和电

功率的计算等知识，综合性较强，难度适中。

20.(2分)如图，两个质量相等的圆柱形杯子甲、乙放置于水平桌面上，杯底与桌面的接

触面积之比为1：2。装入一定量的水后杯子对桌面的压强均为po,将乙杯中水全部倒入

甲杯中放到原处后。甲杯对桌面的压强DI>(>/=/<)2DO,乙杯对桌面的压强P2

<(>/=/<)lpo«

2

甲乙

【分析】杯子对水平桌面的压力为F=G杆+G木，结合压强公式0工分析杯子对水平桌面

PS

的压强大小。

【解答】解：两杯的底面积S乙=2S甲，且两杯质量相同即两杯的重力G杯相等。两杯中

装入一定量的水后，

杯子对水平桌面的压力为：F=G杯+G水，由公式口』可得：

PS

甲杯对水平桌面的压力为：FIM=GH+G水甲，

乙杯对水平桌面的压力为：F乙=GM；+G水乙，

两杯对水平桌面的压强为：=-

Pn°s甲s乙

因为两杯对桌面的压强相等，且S乙=2S甲，所以F乙=2F甲，即：G水乙=GA；+2G水平;

乙杯中水倒入甲杯中后，

甲杯对水平桌面的压力为：Fi=F甲+G水乙=2F甲+G水平，

乙杯对水平桌面的压力为：F2=GM；,

F1_2F甲+G甲）2F甲_

甲杯对水平桌面的压强为：pS甲S甲S甲2Po

乙杯对水平桌面的压强为：1

p2S乙2s甲2s甲2Po

故答案为：＞；＜.

【点评】本题考查压强公式的应用，并要求学生能根据压力的变化分析压强的大小变化,

有一定难度。

21.（5分）如图是小明利用V=2mL的注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材估测大气压值

的情况。

（1）利用刻度尺测量出注射器带刻度部分