湖北省武汉市中考化学真题试题(含解析)

2016年湖北省武汉市中考化学试卷一、选择题（共8小题，每题3分，满分24分）1.以下变化不属于化学变化的是（）A．粮食酿酒B．盐酸除锈C．冰雪消融D．蜡烛焚烧【考点】化学变化和物理变化的鉴识．【专题】化学反响的分类思想；物质的变化与性质．【剖析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的实质差别能否有新物质生成；据此剖析判断．【解答】解：A、粮食酿酒的过程中有新物质酒精生成，属于化学变化．B、盐酸除锈程中有新物质氯化铁和水生成，属于化学变化．C、冰雪消融的过程中不过状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．D、蜡烛焚烧的过程中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化．应选：C．【评论】此题难度不大，解答时要剖析变化过程中能否有新物质生成，若没有新物质生成属于物理变化，如有新物质生成属于化学变化．2.以下说法正确的选项是（）A．墙内开花墙外香说明分子在不停运动B．空气是由空气分子构成的C．含有氧元素的化合物都是氧化物D．不一样种元素最实质的差别是中子数不一样【考点】分子的定义与分子的特征；从构成上辨别氧化物；元素的观点．【专题】物质的微观构成与物质的宏观构成；物质的分类．【剖析】A．依据分子的基天性质回答；B．空气是混淆物；C．依据氧化物的观点剖析；D．依据元素的观点剖析．【解答】解：A．墙内开花墙外香说明分子是不停运动的，故正确；B．空气是一种混淆物，是由不一样种分子构成的，没有空气分子，故错误；C．氧化物是指由两种元素构成的化合物中，此中一种元素是氧元素，含氧元素的化合物不必定属于氧化物，如氢氧化钠，故错误；D．元素之间的实质差别是质子数不一样，故错误．应选A．【评论】本考点考察了分子的性质、空气的构成、氧化物的观点、元素的观点等，考察的知识点比许多，要增强记忆，理解应用．本考点主要出此刻选择题和填空题中．3.以下做法不正确的选项是（）A．食用霉变的花生B．合理摄取人体必需元素C．使用可降解塑料餐盒D．用灼烧发鉴识合成纤维和羊毛纤维【考点】亚硝酸钠、甲醛等化学品的性质与人体健康；白色污染与防治；棉纤维、羊毛纤维和合成纤维的鉴识；平衡营养与健康．【专题】化学知识生活化；化学与生活．【剖析】A、依据霉变的花生含有黄曲霉素进行剖析；B、依据人体必需元素的增补要适当进行剖析；C、依据可降解塑料能在自然界中被微生物平分解进行剖析；D．依据鉴识合成纤维和羊毛纤维的方法进行剖析．【解答】解：A、霉变的花生含有致癌物黄曲霉素，不可以食用，故A说法错误；B、人体对所需元素的增补要注意适当，因为不足或过度都不利于健康，故B说法正确；C、可降解塑料能在自然界中被微生物平分解，使用一些新式的、可降解的塑料，这样能够减少“白色污染”，故D说法正确．D、用焚烧法鉴识合成纤维和羊毛，羊毛焚烧有烧焦羽毛的气味，合成纤维焚烧基本是无味的，合成纤维焚烧一般会缩成小球或许消融掉，故D说法正确；应选A．【评论】化学于生产生活，也一定服务于生产生活，因此与人类生产生活有关的化学知识也是重要的中考热门之一．4.生活中到处有化学，以下说法正确的选项是（）A．纸张不行燃B．乙醇汽油属于混淆物C．活性炭能够将硬水融化D．可用打火机检查天然气能否泄露【考点】易燃物和易爆物安全知识；硬水与软水；纯净物和混淆物的鉴识；防范爆炸的措施．【专题】化学与能；物质的分类；空气与水．【剖析】A．依据纸张的性质剖析；B．依据混淆物是由不一样物质构成的物质考虑；C．活性炭拥有吸附性，能吸附异味和色素，据此进行剖析判断；D．运用天然气遇火可能会爆炸解答．【解答】解：A．纸张拥有可燃性，故错误；B．乙醇汽油中含有乙醇和汽油，属于混淆物，故正确；C．活性炭拥有吸附性，能吸附异味和色素，不可以降低可溶性钙镁化合物的含量，向水中加入活性炭不可以将硬水进行融化，故错误；D．天然气遇火可能会爆炸，故错误．应选B．【评论】化学与我们的生活息息有关，与生产、生活有关的知识是中考考察的热门之一，灵巧运用所学知识是正确解答此题的重点．5.某纯净物在空气中完整焚烧，

反响的化学方程式为：

+2O

CO2+2H2O，以下对于的说法正确的选项是（）A．由碳、氢、氧三种元素构成B．的相对分子质量为10C．中碳、氢元素的质量比为1：4D．属于有机化合物【考点】质量守恒定律及其应用；有机物与无机物的差别；相对分子质量的观点及其计算；元素质量比的计算．【专题】化学用语和质量守恒定律．【剖析】在化学反响中按照质量守恒定律，即反响前后元素的种类不变，原子的种类、个数不变，可得的化学式，在进一步剖析．【解答】解：由+2OCOO可知，左侧4个氧原子；右侧4个氧原子，1个碳原子，24个氢原子；依据元素守恒，两边的原子种类和个数应当相等，因此左侧还差了1个C和4个H，那么的化学式就是CH4．A、的化学式就是4CH，由碳、氢两种元素构成，故错误；B、的化学式就是CH，相对分子质量为12+1×4=16，故错误；4C、的化学式就是CH4，碳、氢元素的质量比为12：（1×4）=4：1，故错误；D、CH4是含碳的化合物，属于有机化合物，故正确；应选：D．【评论】化学反响按照质量守恒定律，即化学反响前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变，这是书写化学方程式、进行有关方面计算的基础．6.图1所示装置可用于测定空气中氧气的含量，此中与集气瓶相连的压强传感器等电子设施能将集气瓶内气体压强精准地记录并保留下．图2、图3是用该装置测得的红磷和木炭分别在集气瓶中焚烧的压强﹣时间关系图（该装置气密性优秀，p0是集气瓶内初始气压，p和分别是反响结束后恢复到室温时集气瓶内的气压）．以下说法正确的选项是（）

p′A．焚烧匙内所装红磷或木炭的多少对实验结果无影响B．反响开始时集气瓶中压强瞬时变大的是由焚烧放热造成的C．p=0.79p0，p′=p0是因为红磷的着火点比木炭低D．由图3可推出空气中氧气的含量【考点】空气构成的测定．【专题】空气与水．【剖析】A．依据药品多少剖析；B．依据压强瞬时变大的原由剖析；C．依据压强的不一样原由剖析；D．依据木炭焚烧生成气体剖析．【解答】解：A．若所用药品过少，就不会将装置内的氧气耗尽，会致使实验结果出现偏差，故错误；B．反响开始时，物质焚烧放出大批的热，气体体积受热膨胀，因此集气瓶中压强瞬时变大的是由焚烧放热造成的，故正确；C．压强不一样的原由主假如木碳焚烧生成了二氧化碳气体，与可燃物的着火点没关，故错误；D．因为碳与氧气反响生成二氧化碳，固然都耗费了氧气，但又生成了气体，装置内气体压强保持不变，没法测定，故错误．应选B．【评论】解这种题目，主假如依据实验现象总结实验结论，依据结论得出的物质性质，属基础性知识考察题．7.甲、乙、丙、丁均为初中化学常有物质，它们之间的部分转变关系以下图，对于该转变关系图，以下说法正确的选项是（）A．假如丙是碳酸钠，乙是氢氧化钠，则甲是硝酸钠B．若甲、乙、丁都是氧化物，则丙必定是碳酸钙C．甲、乙、丙、丁之间的转变能够所有经过复分解反响实现D．若甲、乙、丙、丁均含有同一种元素，且乙可用灭火，则丙必定是单质碳【考点】物质的鉴识、推测；碱的化学性质；盐的化学性质．【专题】常有物质的推测题；框图型推测题．【剖析】依据“甲、乙、丙、丁均为初中化学常有物质”，联合图框，进行剖析：A、甲不行能是硝酸钠，因为硝酸盐、钠盐都为可溶性盐，故硝酸钠不行能复分解反响生成氢氧化钠；B、考虑丙可能是碳酸钙、碳酸钠等；C、考虑甲、乙、丙、丁分别为碳酸钠、氢氧化钠、氢氧化钙、水等，进行剖析；D、考虑丙可能是单质碳、氧气，进行剖析．【解答】解：依据“甲、乙、丙、丁均为初中化学常有物质”，联合图框，进行剖析：A、甲不行能是硝酸钠，因为硝酸盐、钠盐都为可溶性盐，故硝酸钠不行能复分解反响生成氢氧化钠，故说法错误；B、因为丙可能是碳酸钙、碳酸钠等，故说法错误；C、因为甲、乙、丙、丁分别为碳酸钠、氢氧化钠、氢氧化钙、水等，故甲、乙、丙、丁之间的转变能够所有经过复分解反响实现，说法正确；D、若甲、乙、丙、丁均含有同一种元素，且乙可用灭火，为二氧化碳，则丙可能是单质碳和氧气，故说法错误．应选C．【评论】在解此类题时，第一将题中有特点的物质推出，而后联合题中的条件和推出的物质推导节余的物质，最后进行考证即可．8.某粗盐样品中除含有不溶性固体杂质外，

可能还含有少许氯化镁、

氯化钙、硫酸钠．某化学兴趣小组展开以下研究活动：研究一：除掉粗盐中不溶性杂质研究二：从滤液1中提取氯化钠固体（该研究中，微溶物不积淀）对于以上研究活动，有以下说法：①试剂甲是碳酸钠溶液，试剂乙是氯化钡溶液②滤液1中的溶质必定有氯化钠，可能有氯化钙③若向研究二所得的白色滤渣中加入过度的稀盐酸，滤渣不溶解④往滤液4中加入适当的试剂丙时有中和反响发生上陈述法中正确的选项是（）A．①③B．①④C．②③D．②④【考点】氯化钠与粗盐提纯；盐的化学性质．【专题】元素与化合物；常有的盐化学肥料．【剖析】依据某粗盐样品中除含有不溶性固体杂质外，可能还含有少许氯化镁、氯化钙、硫酸钠．溶解过滤的滤液1，则滤液1必定有氯化钠．依据氢氧化钠溶液和氯化镁反响生成氢氧化镁积淀和氯化钠；硫酸根离子可用钡离子除杂，钙离子可用碳酸根离子除杂，可是加入碳酸钠溶液要放在加入的氯化钡溶液以后，加碳酸钠要放在加氯化钡以后，能够将过度的钡离子积淀；完整反响后，再进行过滤，最后再加入盐酸除掉反响节余的氢氧根离子和碳酸根离子，据此进行剖析解答．【解答】解：某粗盐样品中除含有不溶性固体杂质外，可能还含有少许氯化镁、氯化钙、硫酸钠．溶解过滤的滤液1，则滤液1必定有氯化钠．往滤液1中加过度的氢氧化钠溶液，若含氢氧化钠溶液和氯化镁反响生成氢氧化镁积淀和氯化钠，无明展现象，说明没有氯化镁．硫酸根离子可用钡离子除掉，钙离子可用碳酸根离子除掉，可是加入碳酸钠溶液要放在加入的氯化钡溶液以后，这样碳酸钠会除掉反响节余的氯化钡．往滤液2中加过度的试剂甲，试剂甲是氯化钡溶液，试剂乙是碳酸钠溶液；由反响现象是无明展现象，说明不含硫酸钠．往滤液3中加过度的试剂乙（碳酸钠溶液），出现白色积淀，可能是过度的氯化钡与碳酸钠溶液反响生成白色积淀，也可能是氯化钙与碳酸钠反响生成白色积淀，滤液1中的溶质必定有氯化钠，可能有氯化钙．若向研究二所得的白色滤渣中加入过度的稀盐酸，因为不存在硫酸钠，积淀可能是碳酸钡或碳酸钙，加入过度的稀盐酸，滤渣所有溶解．往滤液4中加入适当的试剂丙，丙应为稀盐酸，过度的氢氧化钠语言稀盐酸反响生成氯化钠和水，属于中和反响．由上述剖析，②④说法正确．应选：D．【评论】此题难度较大，考察了粗盐提纯中离子的除杂，除掉多种杂质离子时，要考虑除杂的次序、后边加入的试剂要能除掉前面加入的过度的试剂．二、非选择题（共5小题，满分26分）9.该元素的原子构造表示图以下图．（1）该元素的核内质子数为8；在化学反响中，该原子简单获得电子（填“获得”或“失掉”）．（2）由该元素构成的一种气体单质能供应呼吸，写出实验室制取该气体的一个化学方程式2HO22H2O+O2↑（合理即可）．【考点】原子构造表示图与离子构造表示图；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【专题】微观粒子模拟图型；化学用语和质量守恒定律．【剖析】（1）原子构造表示图中，圆圈内数字表示核内质子数，弧线表示电子层，弧线上的数字表示该层上的电子数，离圆圈最远的弧线表示最外层．若最外层电子数≥4，在化学反响中易得电子，若最外层电子数＜4，在化学反响中易失掉电子．2）该元素原子的核内质子数为8，为氧元素，构成的一种气体单质能供应呼吸，该单质为氧气，据此联合氧气的实验室制法，进行剖析解答．【解答】解：（1）由某元素的原子构造表示图，圆圈内的数字是8，该元素原子核内有8个质子；最外层弧线上的数字是6，原子最外电子层上有6个电子，在化学反响中易获得2个电子而形成阴离子．2）该元素原子的核内质子数为8，为氧元素，构成的一种气体单质能供应呼吸，该单质为氧气，过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，反响的化学方程式为：2HO22H2O+O2↑（合理即可）．故答案为：（1）8；获得；（2）2H2O22H2O+O2↑（合理即可）．【评论】此题难度不大，掌握原子构造表示图的意义、化学方程式的书写方法是正确解答此题的重点．10.t1℃时，将等质量的硝酸钾和氯化钾分派加入到各盛有

100g

水的两个烧杯中，充分搅拌后现象如图

1所示，硝酸钾和氯化钾的溶解度曲线如图

2所示．（1）烧杯②种的上层清液能否达到饱和状态？

是（填“是”“否”或“没法判断”）

；（2）烧杯①中溶解的溶质是氯化钾（写名称或化学式）；（3）将t1℃时50g硝酸钾的饱和溶液稀释成10%的溶液，需加水50g；（4）对于图1中烧杯内的物质，以下说法正确的选项是A．A．烧杯①内溶液中溶质的质量分数＞烧杯②内上层清液中溶质的质量分数B．蒸发必定量的水，两烧杯中都必定有固体析出C．将两个烧杯中的溶液混淆，充分搅拌后，烧杯中必定还有节余固体D．将温度高升到t2℃，两烧杯内溶液中溶质的质量分数相等（不考虑水的蒸发）【考点】饱和溶液和不饱和溶液；固体溶解度曲线及其作用；溶质的质量分数；用水稀释改变浓度的方法．【专题】溶液、浊液与溶解度．【剖析】依据固体的溶解度曲线能够：①查出某物质在必定温度下的溶解度，进而确立物质的溶解性，②比较不一样物质在同一温度下的溶解度大小，进而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化状况，进而判断经过降温结晶仍是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的．【解答】解：（1）烧杯②中有固体节余，因此上层的清液达到饱和状态；（2）t1℃时，氯化钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度，节余烧杯①中溶解的溶质是氯化钾；（3）t1℃时硝酸钾的溶解度是25g，因此饱和溶液的溶质质量分数为：×100%=20%，因此将t1℃时50g硝酸钾的饱和溶液稀释成10%的溶液，需加水﹣50g=50g；4）A、等质量的固体溶解在100g水中，烧杯①中没有固体节余，烧杯②中有固体节余，因此烧杯①内溶液中溶质的质量分数＞烧杯②内上层清液中溶质的质量分数，故A正确；B、烧杯①中溶液的状态不可以确立，因此蒸发必定量的水，两烧杯中不必定有固体析出，故错误；C、将两个烧杯中的溶液混淆，充分搅拌后，烧杯中不必定还有节余固体，故C错误D、将温度高升到t2℃，烧杯②中的固体不可以确立能否都溶解，因此两烧杯内溶液中溶质的质量分数不必定相等，故D错误．应选：A．故答案为：（1）是；（2）氯化钾；（3）50；（4）A．【评论】此题难度不是很大，主要考察了固体的溶解度曲线所表示的意义，解度曲线解决有关的问题，进而培育剖析问题、解决问题的能力．

及依据固体的溶11.一包固体，可能含有镁粉、碳粉、氧化铜、氢氧化钠、氯化钾中的一种或几种．为研究固体的构成，某化学兴趣小组进行了以下图实验：请回答以下问题：（1）该实验中生成白色积淀滤渣乙的化学方程式为Cl+AgNO3=AgCl↓+NO3；（2）原固体中必定不含有的物质是氢氧化钠（写名称或化学式均可，下同），凭证是滤液A中加入过度的硝酸铜溶液，无明展现象；（3）原固体中必定含有的物质是氯化钾、氧化铜、镁；（4）实验结束后，该兴趣小组将滤液C和滤液D都倒入废液缸，有白色积淀生成，上层清液E为蓝色，经查验，E中不含氯离子，则E中必定含有的溶质是硝酸钾、硝酸、硝酸铜【考点】物质的鉴识、推测；金属的化学性质；碱的化学性质；盐的化学性质；碳的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【专题】常有物质的推测题；混淆物构成的推测题．

．【剖析】依据氧化铜、镁粉、碳粉都不溶于水，碳粉不溶于酸，氢氧化钠和硝酸铜会生成氢氧化铜积淀，氯化钾和硝酸银会生成氯化银积淀等知识进行剖析．【解答】解：氧氧化铜、镁粉、碳粉都不溶于水，碳粉不溶于酸，氢氧化钠和硝酸铜会生成氢氧化铜积淀，氯化钾和硝酸银会生成氯化银积淀，因此1）生成白色积淀滤渣乙的反响是氯化钾和硝酸银反响生成氯化银积淀和硝酸钾，化学方程式为：Cl+AgNO3=AgCl↓+NO3；（2）经过推导可知，原固体中必定不含有的物质是氢氧化钠，原由是：滤液A中加入过度的硝酸铜溶液，无明展现象；3）加入必定量的需要会生成白色积淀，因此混淆物中必定含有氯化钾，加入过度的稀盐酸，生成的滤渣丙在空气中灼烧，有固体残留，因此原固体中必定含有的物质是氯化钾、氧化铜、镁；4）实验结束后，该兴趣小组将滤液C和滤液D都倒入废液缸，有白色积淀生成，上层清液E为蓝色，经查验，E中不含氯离子，氯化钾和硝酸银反响生成硝酸钾，盐酸和硝酸银反应生成硝酸，氯化铜和硝酸银反响生成硝酸铜，则E中必定含有的溶质是硝酸、硝酸铜、硝酸钾．故答案为：（1）Cl+AgNO3=AgCl↓+NO3；（2）氢氧化钠，滤液A中加入过度的硝酸铜溶液，无明展现象；（3）氯化钾、氧化铜、镁；（4）硝酸、硝酸铜、硝酸钾．【评论】在解此类题时，第一剖析题中所给物质的性质和两两之间的反响，而后依照题中的现象判断各物质的存在性，最后进行考证即可．12.已知碳酸亚铁在隔断空气的条件下，受热易分解生成氧化亚铁和二氧化碳：在空气中加热，则生成氧化铁和二氧化碳．某化学兴趣小组用以下图的装置模拟炼铁过程，并测定某样品中碳酸亚铁的含量（该装置气密性优秀，B中氢氧化钠溶液足量）．实验过程中，先翻开通入一氧化碳再加热；装置A中固体质量不再减少后，停止加热，待装置A冷却到室温后封闭，实验测得装置A中固体质量减少了ag，装置B中液体质量增添了bg．回答以下问题：（1）仪器①的名称是酒精灯；（2）写出装置A中发生的一个反响的化学方程式Fe2O3+3CO2Fe+3CO；（3）能判断生成的二氧化碳所有被装置B汲取的依照是：装置B的质量增添且C中澄清的石灰水不变污浊；4）若生成的二氧化碳所有被装置B汲取，不考虑水的蒸发且该样品中所含杂质不参加反响，则a＜b（填“＞”“=”或“＜”）；（5）D处为采集尾气的装置，应选择乙装置（填“甲”“乙”或“丙”）【考点】一氧化碳复原氧化铁；常有气体的查验与除杂方法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【专题】金属与金属资料．【剖析】（1）依据仪器的名称进行剖析；2）依据反响书写化学方程式；3）依据二氧化碳的查验方法进行剖析；4）依据质量守恒定律进行剖析；5）依据洗气瓶的应用进行解答．【解答】解：（1）仪器①的名称是酒精灯，故填：酒精灯；（2）装置A中发生的反响有：碳酸亚铁受热分解生成氧化铁和二氧化碳，一氧化碳复原氧化铁，化学方程式为：Fe2O3+3CO2Fe+3CO；故填：Fe2O3+3CO2Fe+3CO；3）判断生成的二氧化碳所有被装置B汲取的依照是：装置B的质量增添而且C中澄清的石灰水不变污浊，故填：C中澄清的石灰水不变污浊；4）依据质量守恒定律