2023高考物理（人教版）一轮选练编题（2）及答案

第页2023高考物理〔人教版〕一轮选练编题〔2〕及答案一、选择题1、(2023·西安市长安区第一中学大学区高三第三次联考)假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为RA和RB.两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如下图；T0为卫星环绕行星外表运行的周期．那么()A．行星A的质量小于行星B的质量B．行星A的密度小于行星B的密度C．行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度D．当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度解析：选D.根据万有引力提供向心力得出：Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r得：M＝eq\f(4π2,G)·eq\f(r3,T2)，根据图象可知，A的eq\f(R3,T2)比B的大，所以行星A的质量大于行星B的质量，故A错误；根图象可知，在两颗行星外表做匀速圆周运动的周期相同，密度ρ＝eq\f(M,V)＝eq\f(M,\f(4,3)πR3)＝eq\f(\f(4π2,G)·\f(R3,T\o\al(2,0)),\f(4,3)πR3)＝eq\f(3π,GT\o\al(2,0))，所以行星A的密度等于行星B的密度，故B错误；第一宇宙速度v＝eq\f(2πR,T0)，A的半径大于B的半径，卫星环绕行星外表运行的周期相同，那么A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度，故C错误；根据Geq\f(Mm,r2)＝ma得：a＝Geq\f(M,r2)，当两行星的卫星轨道半径相同时，A的质量大于B的质量，那么行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度，故D正确．应选D.2、用一段横截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(r≪R)的圆环.圆环竖直向下落入如下图的径向磁场中,圆环的圆心始终在N极的轴线上,圆环所在位置的磁感应强度大小均为B.圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v,忽略电感的影响,那么(AD)A.此时在圆环中产生了(俯视)顺时针的感应电流B.圆环因受到了向下的安培力而加速下落C.此时圆环的加速度a=D.如果径向磁场足够长,那么圆环的最大速度vm=解析:由右手定那么可以判断感应电流的方向,可知选项A正确;由左手定那么可以判断,此时圆环受到的安培力应该向上,选项B错误;圆环受重力、安培力作用,mg-BIL=ma,I=,m=dV,V=LS,L=2πR,S=πr2,电阻R=ρ,可解得加速度a=g-,选项C错误;当重力等于安培力时速度到达最大,可得vm=,选项D正确.3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为x，动能变为原来的4倍。该质点的加速度为()A.B.C.D.【答案】C【解析】动能变为原来的4倍，那么物体的速度变为原来的2倍，即v＝2v0，由x＝(v0＋v)t和a＝得a＝，故C对。4、(2023·武汉武昌模拟)(多项选择)质量M＝3kg的滑块套在水平固定着的轨道上并可在轨道上无摩擦滑动．质量为m＝2kg的小球(视为质点)通过长L＝0.75m的轻杆与滑块上的光滑轴O连接，开始时滑块静止，轻杆处于水平状态．现给小球一个v0＝3m/s的竖直向下的初速度，取g＝10m/s2.那么()A．小球m从初始位置到第一次到达最低点的过程中，滑块M在水平轨道上向右移动了0.3mB．小球m从初始位置到第一次到达最低点的过程中，滑块M在水平轨道上向左移动了0.3mC．小球m相对于初始位置可以上升的最大高度为0.27mD．小球m从初始位置到第一次到达最大高度的过程中，滑块M在水平轨道上向右移动了0.54m解析：选AD.可把小球和滑块水平方向的运动看做人船模型，设滑块M在水平轨道上向右运动了x，由滑块和小球系统在水平方向时动量守恒，有eq\f(m,M)＝eq\f(x,L－x)，解得：x＝0.3m，选项A正确B错误．根据动量守恒定律，小球m相对于初始位置上升到最大高度时小球和滑块速度都为零，由能量守恒定律可知，小球m相对于初始位置可以上升的最大高度为0.45m，选项C错误．根据动量守恒定律，在小球上升到轨道高度时，滑块速度为零，由系统的能量守恒定律可知，小球m相对于初始位置可以到达的最大高度为h＝0.45m，与水平面的夹角为cosα＝0.8，设小球从最低位置上升到最高位置过程中滑块M在水平轨道上又向右运动了x′，由滑块和小球系统在水平方向时动量守恒，有eq\f(m,M)＝eq\f(x′,Lcosα－x′)，解得：x′＝0.24m．小球m从初始位置到第一次到达最大高度的过程中，滑块在水平轨道上向右移动了x＋x′＝0.3m＋0.24m＝0.54m，选项D正确．5、(2023·河南洛阳一模)(1)(5分)以下说法中正确的选项是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).

A.能量守恒定律是普遍规律,能量耗散不违反能量守恒定律B.扩散现象可以在液体、气体中进行,不能在固体中发生C.有规那么外形的物体是晶体,没有确定的几何外形的物体是非晶体D.由于液体外表分子间距离大于液体内局部子间的距离,所以存在外表张力E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行(2)(10分)某次测量中在地面释放一体积为8L的氢气球,发现当气球升高到1600m时破裂.实验说明氢气球内外压强近似相等,当氢气球体积膨胀到8.4L时即破裂.地面附近大气的温度为27℃,常温下当地大气压随高度的变化如下图.求高度为1600m解析:(1)能量守恒定律是普遍规律,能量耗散是能量的形式发生了转化,能量的利用品质下降,但总能量仍守恒,所以不违反能量守恒定律,故A正确;扩散现象可以在液体、气体中进行,也能在固体中发生,故B错误;有规那么外形的物体是单晶体,没有确定的几何外形的物体是非晶体和多晶体,故C错误;由于液体外表分子间距离大于液体内局部子间的距离,分子间作用力表现为引力,所以存在外表张力,故D正确;由热力学第二定律的微观解释可知,E正确.(2)由题图可知,在地面附近球内压强p1=76cmHg,1600m处球内气体压强p2=70cmHg由理想气体状态方程得,=,T2=·T1=×300K=290K,t2=(290-273)℃=17℃答案:(1)ADE(2)176、(多项选择)下面说法正确的选项是()A．卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B.eq\o\al(1,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(3,2)He＋γ是核聚变反响方程C．β射线是由原子核外的电子电离产生的D．α射线是由氦原子核衰变产生的解析：选AB.卢瑟福通过α粒子散射实验，提出了原子核式结构模型，选项A正确；核聚变就是两个轻核相聚碰撞，结合成质量较大的原子核的过程，B选项是典型的核聚变方程，选项B正确；具有放射性的元素发生β衰变时，原子核中的一个中子转化成一个质子同时释放出一个高速电子，即β粒子，选项C错误；具有放射性的元素发生α衰变时，原子核中的两个中子和两个质子结合在一起形成氦核(即α粒子)而从原子核中释放出来，选项D错误．7、如下图，匀强电场分布在边长为L的正方形区域ABCD内，M、N分别为AB和AD的中点，一个初速度为v0、质量为m、电荷量为q的带负电粒子沿纸面射入电场．带电粒子的重力不计．如果带电粒子从M点垂直电场方向进入电场，那么恰好从D点离开电场．假设带电粒子从N点垂直BC方向射入电场，那么带电粒子()A．从BC边界离开电场B．从AD边界离开电场C．在电场中的运动时间为D．离开电场时的动能为【答案】BD8、〔多项选择〕一小球做竖直上抛运动，当它回到抛出点时，速度为抛出时的,设小球运动中受到的空气阻力为恒力。以下说法中正确的选项是(

)A.小球受到的空气阻力与重力之比为7:25B.小球受到的空气阻力与重力之比为25:39C.小球上升的最大高度与无阻力情况下的最大高度之比为9:16D.小球上升的最大高度与无阻力情况下的最大高度之比为25:32【来源】【全国百强校】辽宁省鞍山市第一中学2023届高三下学期第七次模拟考试理科综合物理试题【答案】AD【解析】A、B项：对小球上升过程利用动能定理有：对小球下降过程利用动能定理有：两式相加解得：两相相减解得：所以小球受到的空气阻力与重力之比为7:25，故A正确，B错误；C、D项：无阻力时小球能上升的最大高度为：有阻力时小球能上升的最大高度为：由于以两式解得：，故C错误，D正确。二、非选择题一圆筒的横截面如下图，其圆心为O.筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.圆筒下面有相距为d的平行金属板M、N，其中M板带正电荷，N板带等量负电荷．质量为m、电荷量为q的带正电粒子自M板边缘的P处由静止释放，经N板的小孔S以速度v沿半径SO方向射入磁场中．粒子与圆筒发生两次碰撞后仍从S孔射出，设粒子与圆筒碰撞过程中没有动能损失，且电荷量保持不变，在不计重力的情况下，求：(1)M、N间电场强度E的大小；(2)圆筒的半径R；(3)保持M、N间电场强度E不变，仅将M板向上平移eq\f(2,3)d，粒子仍从M板边缘的P处由静止释放，粒子自进入圆筒至从S孔射出期间，与圆筒的碰撞次数n.解析：(1)设两板间的电压为U，由动能定理得qU＝eq\f(1,2)mv2①由匀强电场中电势差与电场强度的关系得U＝Ed②联立①②式可得E＝eq\f(mv2,2qd)③(2)粒子进入磁场后做匀速圆周运动，运用几何关系作出圆心为O′，圆半径为r.设第一次碰撞点为A，由于粒子与圆筒发生两次碰撞又从S孔射出，因此，SA弧所对的圆心角∠AO′S等于eq\f(π,3).由几何关系得r＝Rtaneq\f(π,3)④粒子运动过程中洛伦兹力充当向心力，由牛顿第二定律，得qvB＝meq\f(v2,r)⑤联立④⑤式得R＝eq\f(\r(3)mv,3qB)⑥(3)保持M、N间电场强度E不变，M板向上平移eq\f(2,3)d后，设板间电压为U′，那么U′＝eq\f(Ed,3)＝eq\f(U,3)⑦设粒子进入S孔时的速度为v