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文档简介
甘肃省古浪县黄花滩初级中学2021-2022学年毕业升学考试模拟卷数学卷
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)
填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"o
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦
干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先
划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(每小题只有一个正确答案,每小题3分,满分30分)
1.如图,直线AB与。MNPQ的四边所在直线分别交于A、B、C、D,则图中的相似三角形有()
2.如图所示,ZE=ZF=90,ZB^ZC,AE=AF,结论:①EM=FN;②CD=DN;®ZFAN=ZEAM;
④AACN合AABM,其中正确的是有()
D.4个
4.小明将某圆锥形的冰淇淋纸套沿它的一条母线展开•若不考虑接缝,它是一个半径为12cm,圆心角为60的扇形,
则()
A.圆锥形冰淇淋纸套的底面半径为4cm
B.圆锥形冰淇淋纸套的底面半径为6cm
C.圆锥形冰淇淋纸套的高为2Acm
D.圆锥形冰淇淋纸套的高为6百cm
5.如图,在坐标系中放置一菱形OABC,已知NABC=60。,点B在y轴上,OA=1,先将菱形OABC沿x轴的正方
向无滑动翻转,每次翻转60。,连续翻转2017次,点B的落点依次为B2,B3,…,则B2017的坐标为()
A.(1345,0)B.(1345.5,—)C.(1345,—)D.(1345.5,0)
22
6.已知关于x的方程x2-4x+c+l=0有两个相等的实数根,则常数c的值为()
A.-1B.0C.1D.3
7.如图,在AABC中,AB=5,AC=4,NA=6()。,若边AC的垂直平分线DE交AB于点D,连接CD,则ABDC的
周长为()
A.8B.9C.5+V21D.5+V17
8.若分式一工
有意义,则X的取值范围是
x-1
A.x>lB.x<lC.x#lD.X#)
9.抛物线y=«ix2-8x-8和x轴有交点,则m的取值范围是()
A.m>-2B.m>-2C.*-2且盟邦D.m>-2且m/0
10.某春季田径运动会上,参加男子跳高的15名运动员的成绩如下表所示:
成绩(〃?)1.501.601.651.701.751.80
人数124332
这些运动员跳高成绩的中位数是()
A.1.65mB.1.675mC.1.70mD.1.75m
二、填空题(共7小题,每小题3分,满分21分)
11.函数y=^亘中自变量x的取值范围是.
x-1
12.如图,正方形OABC与正方形O0EF是位似图形,点0为位似中心,位似比为2:3,点B、E在第一象限,若
点A的坐标为(1,0),则点E的坐标是.
13.已知关于x的函数y=(m-1)x2+2x+m图象与坐标轴只有2个交点,则m=.
14.如图,AB为。。的直径,AC与。。相切于点A,弦BD//OC.若NC=36,则NDOC=
15.已知数据xi,.....Xn的平均数是元,则一组新数据Xl+8,X2+8,…,Xn+8的平均数是一.
16.利用1个axa的正方形,1个bxb的正方形和2个axb的矩形可拼成一个正方形(如图所示),从而可得到因式分
解的公式.
17.已知一组数据-3,X,-2,3,1,6的中位数为1,则其方差为.
三、解答题(共7小题,满分69分)
18.(10分)科技改变生活,手机导航极大方便了人们的出行,如图,小明一家自驾到古镇C游玩,到达A地后,导
航显示车辆应沿北偏西55。方向行驶4千米至B地,再沿北偏东35。方向行驶一段距离到达古镇C,小明发现古镇C
恰好在A地的正北方向,求B、C两地的距离(结果保留整数)(参考数据:tan5531.4,tan3530.7,sin55%0.8)
c
19.(5分)如图所示,某校九年级(3)班的一个学习小组进行测量小山高度的实践活动.部分同学在山脚A点处测得
山腰上一点D的仰角为30。,并测得AD的长度为180米.另一部分同学在山顶B点处测得山脚A点的俯角为45。,
山腰D点的俯角为60。,请你帮助他们计算出小山的高度BC.(计算过程和结果都不取近似值)
20.(8分)某商店准备购进甲、乙两种商品.已知甲商品每件进价15元,售价20元;乙商品每件进价35元,售价
45元.
(1)若该商店同时购进甲、乙两种商品共100件,恰好用去2700元,求购进甲、乙两种商品各多少件?
⑵若该商店准备用不超过3100元购进甲、乙两种商品共100件,且这两种商品全部售出后获利不少于890元,问应
该怎样进货,才能使总利润最大,最大利润是多少?(利润=售价-进价)
x-l<2
21.(10分)解不等式组:\
2x+3>x-1
22.(10分)如图,AB为。O的直径,点C,D在。O上,且点C是的中点,过点C作AD的垂线EF交直线AD
于点E.
(1)求证:EF是。O的切线;
(2)连接BC,若AB=5,BC=3,求线段AE的长.
23.(12分)[阅读]我们定义:如果三角形有一边上的中线长恰好等于这边的长,那么称这个三角形为“中边三角形”,
把这条边和其边上的中线称为“对应边
A
[理解]如图IRtAABC是“中边三角形”,ZC=90°,AC和BD是“对应边”,求tanA的值;
[探究]如图2,已知菱形ABCD的边长为a,ZABC=2p,点P,Q从点A同时出发,以相同速度分别沿折线AB-BC
和AD-DC向终点C运动,记点P经过的路程为s.当0=45。时,若△APQ是“中边三角形”,试求人的值.
S
24.(14分)如图,正方形ABCD的边长为4,点E,F分别在边AB,AD上,且NECF=45。,CF的延长线交BA
的延长线于点G,CE的延长线交DA的延长线于点H,连接AC,EF.,GH.
(1)填空:ZAHCZACG;(填“>”或或“=”)
(2)线段AC,AG,AH什么关系?请说明理由;
(3)设AE=m,
①AAGH的面积S有变化吗?如果变化.请求出S与m的函数关系式;如果不变化,请求出定值.
②请直接写出使ACGH是等腰三角形的m值.
参考答案
一、选择题(每小题只有一个正确答案,每小题3分,满分30分)
1、C
【解析】
由题意,AQ〃NP,MN〃BQ,/.△ACM^ADCN,△CDN^ABDP,△BPD^>ABQA,△ACM<^AABQ,
ADCN^AABQ,△ACM^ADBP,所以图中共有六对相似三角形.
故选C.
2、C
【解析】
根据已知的条件,可由AAS判定AAEB且/XAFC,进而可根据全等三角形得出的结论来判断各选项是否正确.
【详解】
解:如图:
在^AEB^OAAFC中,有
"NB=NC
<ZE=ZF=90°,
AE^AF
/.△AEB^AAFC;(AAS)
...NFAM=NEAN,
:.ZEAN-ZMAN=ZFAM-ZMAN,
即NEAM=NFAN;(故③正确)
又,../E=NF=90。,AE=AF,
.•.△EAMg△FAN;(ASA)
.-.EM=FN;(故①正确)
由AAEB^AFC知:NB=NC,AC=AB;
XVZCAB=ZBAC,
.".△ACN^AABM;(故④正确)
由于条件不足,无法证得②CD=DN;
故正确的结论有:①③④;
故选C.
【点睛】
此题主要考查的是全等三角形的判定和性质,做题时要从最容易,最简单的开始,由易到难.
3、B
【解析】
把一个图形绕着某一个点旋转180°,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形.
【详解】
解:根据中心对称图形的定义可知只有B选项是中心对称图形,故选择B.
【点睛】
本题考察了中心对称图形的含义.
4、C
【解析】
根据圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长,列出方程求出圆锥的底面半径,再利用勾股定理求出圆锥的高.
【详解】
解:半径为12cm,圆心角为60的扇形弧长是:岑萨=4兀(cm),
设圆锥的底面半径是rem,
则2兀「=4兀,
解得:r=2.
即这个圆锥形冰淇淋纸套的底面半径是2cm.
圆锥形冰淇淋纸套的高为V122-22=2屈(cm).
故选:C.
【点睛】
本题综合考查有关扇形和圆锥的相关计算•解题思路:解决此类问题时要紧紧抓住两者之间的两个对应关系:
(1)圆锥的母线长等于侧面展开图的扇形半径;
(2)圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长•正确对这两个关系的记忆是解题的关键.
5、B
【解析】
连接AC,如图所示.
•・•四边形OABC是菱形,
AOA=AB=BC=OC.
VZABC=60°,
/.△ABC是等边三角形.
AAC=AB.
AAC=OA.
VOA=1,
.•,AC=1.
画出第5次、第6次、第7次翻转后的图形,如图所示.
由图可知:每翻转6次,图形向右平移2.
73=336x6+1,
.•.点B向右平移1322(即336x2)到点B3.
•••Bi的坐标为(1.5,乂二),
2
,B3的坐标为(1.5+1322,—
2
点睛:本题是规律题,能正确地寻找规律“每翻转6次,图形向右平移2”是解题的关键.
6,D
【解析】
分析:由于方程d-4*+。+1=0有两个相等的实数根,所以可得关于c的一元一次方程,然后解方程求
出c的值.
详解:由题意得,
(-4)2-4(C+1)=0,
c=3.
故选D.
点睛:本题考查了一元二次方程(40)的根的判别式A=加-4ac:当△>()时,一元二次方程有两个不相等
的实数根;当△=()时,一元二次方程有两个相等的实数根;当△<()时,一元二次方程没有实数根.
7、C
【解析】
过点C作CMLAB,垂足为M,根据勾股定理求出BC的长,再根据DE是线段AC的垂直平分线可得△ADC等边
三角形,贝IJCD=AD=AC=4,代入数值计算即可.
【详解】
A
过点C作CMJLAB,垂足为M,
在RtAAMC中,
VZA=60°,AC=4,
.,.AM=2,MC=2G,
.•.BM=AB-AM=3,
在RtABMC中,
BC=4BM2+CM2=收+修=V21,
VDE是线段AC的垂直平分线,
.*.AD=DC,
VZA=60°,
/.△ADC等边三角形,
;.CD=AD=AC=4,
/.△BDC的周长=DB+DC+BC=AD+DB+BC=AB+BC=5+历.
故答案选C.
【点睛】
本题考查了勾股定理,解题的关键是熟练的掌握勾股定理的运算.
8、C
【解析】
分式分母不为0,所以无一I/O,解得%关1.
故选:C.
9、C
【解析】
根据二次函数的定义及抛物线与x轴有交点,即可得出关于m的一元一次不等式组,解之即可得出m的取值范围.
【详解】
解:•.•抛物线y=m?_8x-8和x轴有交点,
mw0
'[(-8)2-4机.(-8)..0'
解得:mN-2且m。0.
故选C.
【点睛】
本题考查了抛物线与x轴的交点、二次函数的定义以及解一元一次不等式组,牢记“当△=〃一4“CN0时,抛物线与
x轴有交点是解题的关键.
10、C
【解析】
根据中位数的定义解答即可.
【详解】
解:在这15个数中,处于中间位置的第8个数是1.1,所以中位数是1.1.
所以这些运动员跳高成绩的中位数是1.1.
故选:C.
【点睛】
本题考查了中位数的意义.中位数是将一组数据从小到大(或从大到小)重新排列后,最中间的那个数(最中间两个
数的平均数),叫做这组数据的中位数.
二、填空题(共7小题,每小题3分,满分21分)
1.
11、X>----且存1
2
【解析】
2x+l>0
试题解析:根据题意得:{,C
x-1HO
解得:x>--Kxrl.
2
故答案为:乂2一,且"1.
2
33
12->(一,—)
22
【解析】
由题意可得04:OD=2:3,又由点A的坐标为(1,0),即可求得的长,又由正方形的性质,即可求得E点的坐
标.
【详解】
解:,正方形OABC与正方形O0EF是位似图形,。为位似中心,相似比为2:3,
:.OA:0D=2:3,
•••点A的坐标为(1,0),
即OA=1,
3
:.OD=~,
2
■:四边形OOEF是正方形,
3
:.DE=OD=~.
2
33
...E点的坐标为:(二,
22
故答案为:([3,=3).
22
【点睛】
此题考查了位似变换的性质与正方形的性质,注意理解位似变换与相似比的定义是解此题的关键.
13、1或()或生叵
2
【解析】
分两种情况讨论:当函数为一次函数时,必与坐标轴有两个交点;
当函数为二次函数时,将(0,0)代入解析式即可求出m的值.
【详解】
解:(1)当m-l=0时,m=l,函数为一次函数,解析式为y=2x+l,与x轴
交点坐标为(-J,0);与y轴交点坐标(0,1).符合题意.
(2)当m-上。时,n#L函数为二次函数,与坐标轴有两个交点,则过原点,且与x轴有两个不同的交点,
于是△=4-4(m-1)m>0,
解得,(m-----)2<-,
24
解得mV也后或m>Hl.
22
将(0,0)代入解析式得,m=0,符合题意.
(3)函数为二次函数时,还有一种情况是:与x轴只有一个交点,与丫轴交于交于另一点,
这时:A=4-4(m-1)m=0,
解得:叵.
2
故答案为1或0或上好.
2
【点睛】
此题考查一次函数和二次函数的性质,解题关键是必须分两种情况讨论,不可盲目求解.
14、1
【解析】
利用切线的性质得NQ4C=90",利用直角三角形两锐角互余可得NAOC=54°,再根据平行线的性质得到
NO8D=NAOC=54°,ZD=ADOC,然后根据等腰三角形的性质求出ND的度数即可.
【详解】
AC与。。相切于点A,
.,.AC±AB,
二ZOAC=90°,
AZAOC=90°-ZC=90°-36°=54°,
VBD!IOC,
:.ZOBD=ZAOC=54",ZD=/DOC,
':OB=OD,
:.ND=NOBD=54°,
AZZ)OC=54°.
故答案为1.
【点睛】
本题考查了切线的性质:圆的切线垂直于经过切点的半径.若出现圆的切线,必连过切点的半径,构造定理图,得
出垂直关系.
15、5+8
【解析】
根据数据Xl,X2,...»Xn的平均数为又=,(X1+X2+…+Xn),即可求出数据Xl+1,X2+1,...»Xn+1的平均数.
n
【详解】
数据Xl+1,X2+1,…,Xn+1的平均数=!(X1+1+X2+1+…+Xn+1)=—(X1+X2+…+Xn)+1=X+1.
nn
故答案为天+1.
【点睛】
本题考查了平均数的概念,平均数是指在一组数据中所有数据之和再除以数据的个数.平均数是表示一组数据集中趋
势的量数,它是反映数据集中趋势的一项指标.
16、a'+lab+b^(a+b)1
【解析】
试题分析:两个正方形的面积分别为苏,环,两个长方形的面积都为瓶,组成的正方形的边长为a+b,面积为(a+b)】,
所以Qi+la6+〃=(a+%)L
点睛:本题考查了运用完全平方公式分解因式,关键是理解题中给出的各个图形之间的面积关系.
17、3
【解析】
r4.11
试题分析:•••数据-3,x,-3,3,3,6的中位数为3,——=1,解得x=3,二数据的平均数=一(-3-3+3+3+3+6)
26
=3,二方差」[(-3-3)3+(-3-3)3+(3-3)3+(3-3)3+(3-3)3+(6-3)3]=3.故答案为3.
6
考点:3.方差;3.中位数.
三、解答题(共7小题,满分69分)
18、B、C两地的距离大约是6千米.
【解析】
过B作5OJ_AC于点。,在直角AABZ)中利用三角函数求得80的长,然后在直角△5。中利用三角函数求得
的长.
【详解】
解:过B作BDJ_AC于点D.
在Rt^ABD中,BD=ABsin^BAD=4x0.8=3.2(千米),
•.△BCD中,NCBD=90-350=55。,
CD=BD-tan/CBD=4.48(千米),
BC=CD+sin/CBDa6(千米).
答:B、C两地的距离大约是6千米.
【点睛】
此题考查了方向角问题.此题难度适中,解此题的关键是将方向角问题转化为解直角三角形的知识,利用三角函数的
知识求解.
19、90(百+1)米
【解析】
解:如图,过点D作DELAC于点E,作DFJ_BC于点F,贝!!有DE〃FC,DF〃EC.
,.,ZDEC=90°,
•••四边形DECF是矩形,
/.DE=FC.
VZHBA=ZBAC=45°,
二ZBAD=ZBAC-ZDAE=45°-30°=15°.
XVZABD=ZHBD-ZHBA=60°-45°=15°,
•••△ADB是等腰三角形.
.*.AD=BD=180(米).
*qDE
在RtAAED中,sinZDAE=sin30°=——,
AD
:.DE=180«sin30°=180x-=90(米),
2
.,.FC=90米,
BF
在RtABDF中,ZBDF=ZHBD=60°,sinZBDF=sin60°=——,
BD
h
BF=180»sin600=180x=90^/3(米).
2
ABC=BF+FC=9073+90=90(6+1)(米).
答:小山的高度BC为90(V3+1)米.
20、(1)商店购进甲种商品40件,购进乙种商品60件;(2)应购进甲种商品20件,乙种商品80件,才能使总利润
最大,最大利润为900元.
【解析】
(1)设购进甲、乙两种商品分别为x件与y件,根据甲种商品件数+乙种商品件数=100,甲商品的总进价+乙种商品
的总进价=2700,列出关于x与y的方程组,求出方程组的解即可得到x与y的值,得到购进甲、乙两种商品的件数;
(2)设商店购进甲种商品a件,则购进乙种商品(10()-a)件,根据甲商品的总进价+乙种商品的总进价小于等于3100,
甲商品的总利润+乙商品的总利润大于等于890列出关于a的不等式组,求出不等式组的解集,得到a的取值范围,根
据a为正整数得出a的值,再表示总利润W,发现W与a成一次函数关系式,且为减函数,故a取最小值时,W最
大,即可求出所求的进货方案与最大利润.
【详解】
⑴设购进甲种商品x件,购进乙商品y件,
根据题意得:
x+y=100
'15x+35y=2700'
-40
解得:
y=60
答:商店购进甲种商品40件,购进乙种商品60件;
⑵设商店购进甲种商品a件,则购进乙种商品(100-a)件,
根据题意列得:
15«+35(100-«)<3100
5a+10(100-a)>890'
解得:20<a<22,
,总利润W=5a+10(100-a)=-5a+1000,W是关于a的一次函数,W随a的增大而减小,
.,.当a=20时,W有最大值,此时W=900,且100-20=80,
答:应购进甲种商品20件,乙种商品80件,才能使总利润最大,最大利润为900元.
【点睛】
此题考查了二元一次方程组的应用,一次函数的性质,以及一元一次不等式组的应用,弄清题中的等量关系及不等关
系是解本题的关键.
21、-4<x<l
【解析】
先求出各不等式的
【详解】
一X-K2
2x+3>x-1
解不等式x-1V2,得:x<l,
解不等式2x+Gx-1,得:x>-4,
则不等式组的解集为-4qVL
【点睛】
考查的是解一元一次不等式组,正确求出每一个不等式解集是基础,熟知“同大取大;同小取小;大小小大中间找;大
大小小找不到”的原则是解答此题的关键.
22、(1)证明见解析
,、16
(2)—
5
【解析】
(1)连接OC,根据等腰三角形的性质、平行线的判定得到OC〃AE,得到OC_LEF,根据切线的判定定理证明;
(2)根据勾股定理求出AC,证明AAECsaACB,根据相似三角形的性质列出比例式,计算即可.
【详解】
(1)证明:连接0C,
VOA=OC,
/.ZOCA=ZBAC,
•.,点C是BO的中点,
...NEAC=NBAC,
.*.ZEAC=ZOCA,
,OC〃AE,
VAE±EF,
.♦.OCJLEF,即EF是。。的切线;
(2)解::AB为。O的直径,
.,.ZBCA=90°,
AC=d—BC?=4'
VZEAC=ZBAC,ZAEC=ZACB=90°,
/.△AEC^AACB,
.AEAC
.•・AE*=3
AB5
【点睛】
本题考查的是切线的判定、圆周角定理以及相似三角形的判定和性质,掌握切线的判定定理、直径所对的圆周角是
直角是解题的关键.
23、tanA=";综上所述,当人45。时,若△APQ是“中边三角形”,幺的值为?或巫+_L.
254102
【解析】
(1)由AC和BD是“对应边”,可得AC=BD,设AC=2x,贝!JCD=x,BD=2x,可得.,.BC=«x,可得tanA=笺=叵立在
AC2x2
(2)当点P在BC上时,连接AC,交PQ于点E,延长AB交QP的延长线于点F,可得AC是QP的垂直平分线.
可求得△AEFs^CEP,普=广,分两种情况:
rEZa-S
当底边PQ与它的中线AE相等,即AE=PQ时,
AE二s二2
PE-2a-s-T,
•a_3
・・—―-;
s4
当腰AP与它的中线QM相等时,即AP=QM时,QM=AQ,
(3)作QN_LAP于N,可得tanNAPQ=1|=缰N=Vp,
tanZAPE=-^=-^—=^,
PE2a-s3
2=垣J,
S10
【详解】
解:1理解];AC和BD是“对应边”,
;.AC=BD,
设AC=2x,贝!|CD=x,BD=2x,
VNC=90。,
BC=VBD2-CD2=74X2-X2=V3X>
[探究]若0=45。,当点P在AB上时,△APQ是等腰直角三角形,不可能是“中边三角形”,
如图2,当点P在BC上时,连接AC,交PQ于点E,延长AB交QP的延长线于点F,
VPC=QC,ZACB=ZACD,
...AC是QP的垂直平分线,
.\AP=AQ,
VZCAB=ZACP,NAEF=NCEP,
.".△AEF^ACEP,
•AE_AF_AB+BP_3
"CE-PC-PC-4,
VPE=CE,
・AE=s
**PE-2a-s,
分两种情况:
当底边PQ与它的中线AE相等,即AE=PQ时,
AE=s=2
PE-2a-s^T,
・a3
••—=~;
s4
当腰AP与它的中线QM相等时,即AP=QM时,QM=AQ,
如图3,作QN_LAP于N,
:.MN=AN=1PM=1QM,
.,•QN
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