2022年江苏省盐城市滨海县中考物理一调试卷（附答案详解）

2022年江苏省盐城市滨海县中考物理一调试卷

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.伴随着童声合唱《奥林匹克颂少的歌声，北京2022冬奥会开幕了，从声学角度分

析，合唱歌声一定比其中任意一个小朋友歌声的（）

A.音调高B.响度大C.音色好D.声速大

2.电磁波已成为人类不可缺少的伙伴和工具，下列不属于电磁波的是（）

A.声波B.光波C.微波D.无线电波

3.如图所示，早春的响坎河畔“烟柳轻丝，薄雾缥纱”，为改

造后的滨海老城增色添彩。河面上雾气的形成属于（）

A.汽化B.液化C.升华D.熔化

4.根据生活经验，下列估测不符合实际的是（）

A.课桌的高度大约是0.75mB.人体感觉舒适的室温大约是37K

C.一只鸡蛋的质量约是50gD.正常中学生Imin脉搏大约70次

5.关于如图所示的实验，下列说法中错误的是（）

A.酒精燃烧时，将化学能转化为内能

B.塞子被推出说明利用内能可以做功

C.水在沸腾时，温度不变，内能增加

D.酒精使用后，它的密度和质量不变

6.下列几种机械使用时为了省力的是（）

苕帚

开瓶的起子

人的前臂

7.如图，通过注入气泡的水球看到太空授课的王亚平成“一正

一倒”两个像，关于两个像的性质或形成原因的认识，正确

的是（）

A.“一正一倒”两个像都是实像

B.“一正一倒”两个像都是虚像

C.“一正一倒”两个像的形成原因都可以用凸透镜的成像规律来解释

D.调整水球与王亚平的距离，也可能同时看到一大一小的两个正立像

8.如图所示，关于漏斗下的乒乓球不会落下的解释，正确的

是（）

A.可能是在向下吹气，此时乒乓球上方的气压大于下方

B.可能是在向上吸气，此时乒乓球下方的气压小于上方

C.无论吸气还是吹气，乒乓球上方的气压总是小于下方

D.无论吸气还是吹气，乒乓球上方的气压总是大于下方

9.在“比较燃料热值大小”的实验中，不需要控制相同或相等的因素是（）

A.两种燃料的质量B.两只装水的烧杯C.烧杯中水的质量D.各自加热的时间

第2页，共25页

10.在如图所示的电路中，电阻&的阻值为100,滑动变阻器滑

片位于中点。用一阻值为200的电阻替换％,可能使电压表

示数与替换先前相等的方法是（）

A.电源电压不变，不移动滑片P

B.电源电压不变，向左移动滑片P

C.减小电源电压，不移动滑片P

D.增大电源电压，向左移动滑片P

11.用硬塑料瓶、胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图的潜水艇模型，不计进

排气管体积，要让原来悬浮在a位置的潜水艇下潜至b位置悬浮，应使瓶内气体（）

进排气管

A.先增加后停止B.先减少后停止C.先增加后减少D.先减少后增加

12.如图甲为天然气泄漏检测电路原理图。电源电压恒定，Ro为定值电阻，在一定范围

内，气敏传感器两端电压与随天然气浓度C变化的关系如图乙，则下列描述扁的功

率P。、电路的总功率P随天然气浓度C变化的关系图线中，可能正确的是（）

二、填空题（本大题共8小题，共24.0分）

13.截止2022年3月24日，“祝融号”火星车累计巡视距离1784m,相对火星表面，“祝

融号”巡视时是（静止/运动）的；某次巡视3nl用了50min,它的平均速度为

m/s；“祝融号”巡视时损失的能量不能再自动转化为电能，说明能量转化

具有性。

14.3月27日，我县进行全员核酸检测演练。志愿者的红色袖章能（发出/吸收/反

射）红光；参检者用手机打开的采样码图像（是/不是）光源；为快速读取信息,

医务人员应将扫码装置的镜头在距采样码（2/以外/If到2/之间/I/以内）范

围调整。

15.小明用如图装置“探究电磁波的传播特性”，能接收到呼叫信号的是放在____（

真空罩/金属盒）中的手机，说明电磁波不能在______中传播：实验用的手机呼叫模

式只有响铃和指示灯两种，为达到实验目的，他应该将手机设置成（相同/不

同）模式。

16.神舟十三号乘组航天员们先后两次进行了“太空授课”，

展示了失重环境下的多个物理实验：王亚平将乒乓球置于

水底松开后，乒乓球（会/不会）上浮；如图是她演

示的“拉不断的液桥”实验情景，说明水分子间存在

；忽略空气阻力，她沿水平方向推出的“冰墩墩”是做（匀速直线/变

速直线/曲线）运动后到达叶光富手中的。

17.小明给弟弟变了个魔术，他将装有一枚硬币的杯子放在弟

弟面前，如图所示，弟弟在4处看不到硬币，这是因为光

沿传播的；他向杯中缓缓注水后，弟弟能又看到硬

币了，这是由于光的产生的现象；弟弟看到的是硬

币的（实/虚）像。

18.在“对家庭用电的调查研究”综合实践活动中，小

kWh

明观察到家中电能表的表盘如图，示数为

1。四3|2|0国|

kW-九。用测电笔检测插座时,发现气管发光,

220V3A50Hz

25OOR/(kW-h)

第4页，共25页

说明接触的是线，使用测电笔时，手必须和（笔尖/笔尾）金属电极接

触。

19.如图所示是“孔明灯”升空的情景，点燃托盘中的松脂,

灯笼内部的空气受热密度变小，重力G（变大/不

变/变小），浮力F浮_（变大/不变/变小），当

F浮_____（大于/等于/小于）G时，灯笼就开始上升了。

（此活动只能在符合消防安全区域进行）

20.质量60%的工人用图甲滑轮组在Imin内将货物匀速提高了6m,绳端拉力为400N,

机械效率随所提物重的变化关系如图乙所示，此时工人拉力的功率为W,动

滑轮的重力为/V；工人提升货物的最大机械效率为%.（摩擦和绳重均

不计，g取10N/kg）

三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）

21.在图中作出反射光线，并标出反射角的度数。

22.用手指压着静止在水平面上的铅笔尖，请在图乙中画出铅笔

所受弹力的示意图。

23.将图丙中的各元件用笔画线代替导线正确地接入家庭电路中。

四、实验探究题(本大题共3小题，共21.0分)

24.如图所示是小华做“探究平面镜成像特点”的实验情景：

(1)为使实验中能清晰地观察到跳棋的像，应选择(

透明/茶色)且较(薄/厚)玻璃板；

(2)小华在玻璃板的前后各放了一个完全相同的跳棋4和8,

是为了便于比较平面镜所成的像与物的关系；

(3)在确定跳棋4的像位置时，眼睛要在跳棋(4/B)

这一侧观察，移动玻璃板后的跳棋B,直到跳棋B与4的像完全重合，此时他(

应该/不应该)开始总结出平面镜成像的特点；

(4)实验过程中，当将玻璃板绕竖直边OC在水平桌面上逆时针转动时，发现跳棋力的

像相对于原位置_____(向左/向右/不)移动。

25.利用如图所示的装置进行电与磁的相关实验:

(1)利用该装置探究“磁场对电流的作用”：

①应将开关与接线柱(2/3)接通，(电磁起重机/电动机)是利用此原理

工作的；

②为使导体劭运动加快，可将滑动变阻器的滑片向(左/右)移或改用磁场更

的磁体；

(2)将开关反方向闭合，利用该装置探究''产生感应电流的条件”：

①让导体时在图示位置沿竖直方向上下运动，灵敏电流计指针(会/不会)发

生偏转；

②保持磁体不动，若导体好水平向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵

敏电流计的指针向右偏转，可以(4/8)；

A.对调磁体的磁极，导体ab向左运动

8.磁体不动，将导体ab向左运动。

③此时，电路中的相当于电源。

第6页，共25页

26.小明设计了如图甲所示的电路测量小灯泡L的额定电功率，已知电源电压恒为3V,

小灯泡的额定电压为2.5V。

(1)图中中有一根导线连接错误，请在错误导线上打“X”，并用笔画线代替导线帮

他改正；

(2)重新连接电路后，小明先将滑片P移到(4/B)端后闭合开关，发现无论怎

样移动滑片，两只电表的指针始终处于图乙所示位置，则电路故障原因可能是

(3)排除故障后，小明移动滑片，当电压表示数为2.5U时，电流表示数如图丙，则

小灯泡L的额定功率为W；

(4)小明根据记录的多组实验数据画出了图丁的U-/关系图像。由此图可知，当灯

丝的温度下降时，其电阻是(增大/减小/不变)的；在某次调节中，滑动变阻

器接入电路的阻值减小了4%,小灯泡的阻值变化了贝(>/</=

(5)请根据图丁的U-/关系图像信息推算，当滑动变阻器接入的阻值为40时，小灯

泡的实际功率应为W.

五、计算题(本大题共2小题，共15.0分)

27.一块质量为160kg、体积为OZn?的木头漂浮在水面上，g取lON/kg,求：

(1)木头的密度;

(2)木头受到的浮力；

(3)木头浸入水中部分的体积。(p次=1x103kg/m3)

28.图甲是某型号的梳妆防雾镜，玻璃背面粘有等大的电热膜，接通电路时镜面升温,

驱除水雾，便于成像，该防雾镜的相关数据如表：[C=0.75X103//(/C5-°Q]

镜面质量1.2kg

额定电压220V

额定功率881V

(1)求防雾镜正常工作时的电流；

(2)正常工作250s,可使玻璃镜面平均温度升高22。&求电热膜的加热效率；

(3)如图乙所示，小明给防雾镜电路连接了一个滑动变阻器R,能使电热膜的功率在

原功率的25%〜100%之间变化，以满足不同季节使用的需要，请求出R的最大阻

值。

1

电热膜

甲乙

六、综合题(本大题共1小题，共10.0分)

29.阅读短文，回答问题。

液压机2021年9月，世界上最大的模锻液压机(8万吨级)在中国投入使用，使我国的

工业实力得到大幅提升。图中为液压机的结构简图，它是利用液体来传递压力的设

备，简易的液压机主要是由液缸、活塞、管、槽、液态介质及控制系统等部分构成。

按传递压强的液体种类来分，有油压机和水压机两大类。

科学家帕斯卡发现：当外力作用在密闭的液体上时，液体各部分所受的压强将发生

相同的变化，物理学中称做帕斯卡定律。在图甲U形管槽中装满液体，两端活塞把

液体密闭，给左端活塞施加一个向下的压力F时，根据帕斯卡定律，左右两个活塞

受到的液体压强相等，同时右端活塞会受到一个向上的压力?2,这就是液压机原理。

第8页，共25页

若不计机械摩擦和活塞自重，两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比

(1)液压机在工作过程中，液体对液缸中大活塞的压强(大于/等于/小于)液

体对小活塞的压强;

(2)如图乙所示，汽车的油压千斤顶就是应用液压机原理工作的。假如一个油压千

斤顶的大、小活塞横截面积分别是120cm2和4c7n2,当在小活塞上加2700N的压力

时，最多可在大活塞上产生_____N的举力；

(3)以下关于液压机使用认识的说法正确的是；

4将动力作用在小活塞上能达到省距离的目的

8.将动力作用在大活塞上可以达到省力的目的

C.使用过程中两侧槽内液体体积的变化量不等

D实际使用时，工作部件会因机械摩擦而升温

(4)某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，则在使用过程中大、小活塞

移动的距离之比为；

(5)图丙是一个水压机模型，轻质活塞4、B的横截面积分别为10c?n2和200cm2。将

840N的物体放在水平活塞B上，不计机械阻力，则活塞4向上移动距离为m.

(g取10N/kg,P次=1x103kg/m3,根据液体压强的计算公式p=P於可以求出

左右液面的高度差。)

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：从声学角度分析，合唱歌声一定比其中任意一个小朋友歌声的响度大。

故ACD错误，B正确。

故选：B。

声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的

高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音

色是由发声体本身决定的一个特性。

区分声音的三个特征，可解答此题。

2.【答案】A

【解析】解：光波、微波、无线电波都属于电磁波，声波不属于电磁波。

故选A。

无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线都是电磁波，它们的区别仅在于

频率和波长不同。

本题考查电磁波与声波的区别，属于基础题，难度不大。

3.【答案】B

【解析】解：河面上雾气是空气中水蒸气遇冷液化形成的。

故选：B。

物质由气态变为液态的过程叫液化。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

4.【答案】B

【解析】解：4、中学生的身高约160cm,课桌高度略小于中学生身高的一半，在75cni=

0.75m左右，故A正确；

B、人体正常体温在37。（2左右，感觉舒适的环境气温在23。（：左右，故B错误；

C、10个鸡蛋的质量约1斤，而1斤=500g,所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故C正确；

D、正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近Is,1m讥跳动70次左右，故。正确。

故选：Bo

第10页，共25页

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的

换算，最后判断不符合实际的是哪一个。

估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算

以及对取值范围合理估测的方法。

5.【答案】D

【解析】解：力、酒精燃烧过程中将化学能转化为内能，故A正确；

8、对水加热到一定程度时，水蒸气会将塞子推出，即水蒸气对塞子做功，将水蒸气的

内能转化为塞子的机械能，故8正确；

C、水在沸腾过程中，继续吸热，温度不变，内能不断增加，故C正确；

。、酒精的密度是描述酒精的特性，故一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精密度不变，质

量变小，故。错误。

故选：Do

(1)燃料燃烧过程将化学能转化为内能；

(2)燃料燃烧增加内能，而后内能对外做功，即将内能转化为机械能；

(3)水沸腾的特点：吸收热量，温度不变；

(4)密度是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关。

此题来源于课本插图，考查的知识点比较全面，要求学生在学习中一定要注意课本上的

插图，明白每个插图蕴含的物理意义。

6.【答案】B

【解析】解：答帚、人的前臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；开瓶

的起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；定滑轮不能省力，只能改变

用力方向，属于等臂杠杆。

故选：B。

结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属

于哪种类型的杠杆。

本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费

力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

7.【答案】D

【解析】解：ABC,水球被气泡变为了两部分，中间是空气，气泡周围是水，这个时候

整个水球就变成了两个透镜，外圈成为了一个凸透镜，所以呈现出一个倒立的实像，内

圈相当于变成了凹透镜，这个时候又出现了一个正立的虚像，故A8C错误；

。、王亚平在凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像，内圈的凹透镜成一个正立的

缩小的虚像，可能同时看到一大一小的两个正立像，故。正确。

故选：Do

物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；当物距大于焦距，小于二倍焦距时，

凸透镜成倒立、放大的实像；凹透镜可以成正立缩小的虚像。

本题综合考查了凸透镜和凹透镜的结构特点、光学性质、成像原理。

8.【答案】C

【解析】解：从漏斗口向下用力吹气时，乒乓球上部空气流速大，压强小，而乒乓球下

部空气流速小，压强大；

吸气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，乒乓球下部空气流速小，压强大；

这样在乒乓球的上、下部就会产生一个向上的压力差，从而托起乒乓球。

综上分析可知，无论向上吸气或向下吹气，乒乓球上方的气压总是小于下方。

故C正确。

故选:Co

流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。

据此分析回答。

本题考查了流体压强与流速的关系，看学生能否将所学知识灵活运用到实际生活中，学

以致用，有意义。

9.【答案】D

【解析】解：为了比较热值大小要用相同质量的不同燃料•，加热同一种液体QK），让液

体（水）的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，所以不

需要控制的是加热时间，故。符合题意。

故选：。。

燃料的热值大小不能直接测量，可通过完全燃烧相同质量的不同燃料加热液体，通过液

体吸收热量的多少来体现燃料热值大小；而液体吸收热量的多少跟液体的比热容、质量

和升高的温度有关，因此，为了比较热值大小，要加热同一种液体，让液体的质量相同，

通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小。

第12页，共25页

本题通过“比较燃料热值大小”的实验考查控制变量法的使用，是一道常考题。

10.【答案】C

【解析】解：在如图所示的电路中，电阻&的阻值为100，滑动变阻器滑片位于中点。

用一阻值为200的电阻替换收,根据串联分压可知，电阻变大，％分的电压变大，为了

使电压表示数与替换Ri前相等的方法有，可以减小电源电压，不移动滑片；或者电源电

压不变，向右移动滑片P,故A3。错误，C正确。

故选：Co

由电路图可知，&与串联，电压表测&两端的电压，电流表测电路中的电流，根据

串联分压分析解答。

本题主要考查电压的分配，关键是掌握串联电路的特点，常见题目。

11.【答案】D

【解析】解：因为潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的，所以让原本悬浮在a位置的

潜水艇下潜至b位置悬浮，此时应向外抽气，使瓶内气体减少，气压减小，让水进入瓶

中，使潜艇受到的重力大于浮力，实现下沉，然后停止抽气，再适当充气，再向外排水

使重力等于浮力而悬浮，使潜水艇下潜至b位置悬浮，则瓶内气体先减少后增加。

故选：Do

物体浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。

此题考查物体浮沉条件的应用，明确潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的是关键。

12.【答案】A

【解析】解：由题图可知，R。与气敏传感器串联，电压表测气敏传感器两端的电压，由

图乙可得，气敏传感器两端的电压与与天然气浓度C成正比；

AB,串联电路中电流处处相等，电路中的电流/=/。=空=空，所以电路的总功率

P=UI=Ux手=竽-阴因u、不变，则P与分成一次函数关系，而必与天然

RoRo«o

气浓度C成正比，所以P与C也成一次函数关系，且P随C的增大而均匀减小，故4正确、

8错误；

CD、飞两端的电压%=U-UQ，因为随天然气浓度C的增大而均匀增大，则%随天然

气浓度C的增大而均匀减小，Ro的功率匕=普，则%随为减小而减小，但不是均匀减小

的（Po与为是二次函数关系），所以天然气浓度C增大时，不是均匀减小的，故CD错

、口

俣。

故选：4。

由甲电路图可知，定值电阻R。和气敏传感器串联，电压表测气敏传感器两端的电压，根

据图乙可知气敏传感器两端的电压与天然气浓度C的关系，根据串联电路的电压特点和

欧姆定律表示出R两端的电压U与浓度C的关系，根据P=U/表示出电路消耗的总功率P

与浓度C的关系，然后结合选项得出答案。

本题考查了串联电路的特点和电功率公式的灵活应用，图象题是中考的难题之一。

13.【答案】运动0.001方向

【解析】解：(1)“祝融号”巡视时，相对于火星表面的位置发生了变化，所以它是运

动的；

(2)己知路程s=3m,时间t=50min=50x60s=3000s,

则电车的平均速度：v=；==O.OOlm/s；

(3)“祝融号”损失的能量不能再自动转化为电能，说明能量转化具有方向性。

故答案为：运动：0.001：方向。

(1)在判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改

变，物体是运动的，如果不变，则物体是静止的；

(2)己知路程和时间，根据"=:可算出平均速度；

(3)能量的转化和转移具有方向性。

本题主要考查了运动与静止的相对性、平均速度的计算、能量转化的方向性等，属基础

知识，难度不大。

14.【答案】反射是2/以外

【解析】解：志愿者的红色袖章能反射红光，吸收其它颜色的光；参检者用手机打开的

采样码图像自身发光，是光源；为快速读取信息，医务人员应将扫码装置的镜头在距采

样2/以外范围调整，这样才能成倒立、缩小的实像。

故答案为：反射；是；2/以外。

红色的物体可以反射红光；自身能发光的物体是光源；凸透镜成实像时，物距大于二倍

焦距，成倒立、缩小的实像。

本题考查了凸透镜成像规律的应用、光源的定义、物体的颜色，属于基础题。

第14页，共25页

15.【答案】真空罩金属相同

【解析】解：(1)因为电磁波遇到金属会被反射。将手机放在金属容器中，打电话呼叫

容器中的手机，这时手机不能收到呼叫信号；而在真空罩内的手机能收到呼叫信号，说

明金属容器能屏蔽电磁波。

(2)实验用的手机呼叫模式只有响铃和指示灯两种，为达到实验目的，他应该将手机设

置成相同模式，体现了控制变量法。

故答案为：真空罩；金属；相同。

电磁波在真空中能传播。电磁波遇到金属会被反射。电磁波遇到绝缘体会穿透。

本题主要考查的是电磁波存在的证明方法等，属于基础题。

16.【答案】不会吸引力匀速直线

【解析】解(1)由于太空中处于失重状态，水没有重力，水对乒乓球没有上下表面压力

差，就不会形成浮力；

(2)分子之间的引力和斥力同时存在，“拉不断的液桥”说明水分子之间存在吸引力；

(3)忽略空气阻力，她沿水平方向推出的“冰墩墩”由于惯性，保持原来的运动状态，

故冰墩墩会做匀速直线运动。

故答案为：不会；吸引力；匀速直线。

(1)太空中是接近于完全失重状态，乒乓球受到的重力接近于零，而浮力随着重力产生

的，是物体的上下表面所受压力差；

(2)分子之间存在相互作用的引力和斥力；

(3)物体不受力的作用将保持原来的速度一直运动下去。

本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习

兴趣，是不可多得的好题。

17.【答案】直线折射虚

【解析】解：(1)弟弟在4处看不到硬币，是由于杯的边缘部分挡住了来自硬币的光线,

光线进入不到眼睛，所以眼睛看不到硬币，这说明了光在均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当杯中缓缓注水后，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，当折射

光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像(虚

像的位置比物体的实际位置偏高)。

故答案为：直线；折射；虚。

(1)光在同种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，

人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。

本题综合考查了光的直线传播和光的折射，关于光现象历来就是考试的一个热点，所以

该题属于常见题，一定要掌握。

18.【答案】320.6火笔尾

【解析】解：(1)从表盘上可以看出此时的读数为320.6仙仁公

(2)使用测电笔时，手指要接触笔尾的金属体，笔尖接触电线，若筑管发光，说明测电

笔接触的是火线。

故答案为：320.6；火;笔尾。

(1)电能表上的示数，最后一位是小数，单位是kW•h；

(2)用测电笔来鉴别火线与零线。使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾

金属体，才能在接触火线时颊管发光，接触零线时就管不发光。

本题考查了电能表的读数和正确使用测电笔的方法，属于基础性题目。

19.【答案】变小不变大于

【解析】解：孔明灯内空气被加热后，灯笼内部的空气受热密度变小，有一部分空气溢

出，体积不变，质量变小，根据G=mg知孔明灯的重力变小；

根据/浮=。空/gv"可知灯笼受到的浮力不变，当尸浮＞6时，灯笼就升空了。

故答案为：变小；不变；大于。

孔明灯内空气被加热后，灯笼内部的空气受热密度变小，有一部分空气溢出，体积不变，

质量减小，根据G=mg判断出孔明灯重力的变化情况；

根据产浮=P交4联可知灯笼受到的浮力的变化，当尸泮＞G时，灯笼就升空了。

本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，有一定综合性。

20.【答案】12020088.9

【解析】解：(1)由图可知n=3,则绳子自由端移动的距离：

s=nh=3x6m=18m,

拉力做的功：

W=Fs=400Nx18m=7200),

拉力的功率：

第16页，共25页

Y=*2。-

(2)由图乙可知，物重G=300N时，滑轮组的机械效率〃=60%,

因机械中摩擦力及绳重忽略不计，克服物重做的功为有用功，克服动滑轮重力和物重做

的功为总功，

所以，滑轮组的机械效率：

"=q_=_£_=」^L

1

W..(G+G动)/1G+G动300N+G动'

解得:G动=20QN；

(3)已知工人的质量为60kg,

则该工人通过定滑轮竖直向下拉绳子自由端运送货物时，绳子的最大拉力：

F大=G4=m人g=60kgxION/kg=600N,

由F=((G+G动)可得，提升的最大物重：

G大=nF火一G动=3X600/V-200/V=1600N,

则滑轮组的最大机械效率：

Q

”=—―x100%=——x100%«88.9%。

大G大+G动1600N+200/V

故答案为:120；200；88.9o

(1)由图可知71=3,绳子自由端移动的距离5=71九，利用W=Fs求拉力做的总功，利用

P=/求拉力做功的功率；

(2)根据图乙可知物重为300N时的机械效率，利用不计绳重和摩擦时“=”=

^7-7-=标洛=1求动滑轮的重力；

%+W额外Gh+G动hG+G动

(3)根据G=mg求人重力，人通过定滑轮时的最大拉力等于人的重力，利用不计绳重和

摩擦时F=；(G+G动)求能提升的最大物重，利用??=某=詈=篝=指求滑轮组的机

械效率。

本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用，要

注意绳子的最大拉力和人的重力相等。

21.【答案】解：过入射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角在法线右

侧画出反射光线，图中入射光线与镜面的夹角为30。，则入射角等于90。-40。=50。，

反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为50。，如图所示:

【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光

线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。

作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出

反射光线，注意完成题目的要求。

22.【答案】解：铅笔受桌面对它竖直向上的弹力和手对它竖直向下的弹力，示意图如

下：

【解析】弹力产生在接触面上，常见的支持力是弹力，它们的方向是垂直接触面指向受

力物体。

常见的弹力方向是垂直接触面指向受力物体，如果接触面不是平面的话需要垂直曲面的

切面。有些接触的物体它们之间有没有弹力需要我们根据平衡条件进行判断。

23.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入

灯泡的螺旋套；

安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：

火线

零

线

地

线—

^

=

0

【解析】对于电灯接线的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯口，火线接在

开关上，通过开关进灯头”。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线：右孔接火线。

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和

安全性。

24.【答案】茶色薄大小A不应该向左

第18页，共25页

【解析】解：

(1)因为玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，选薄的玻璃板两个像的距

离近，几乎重合不影响实验，所以应选用薄玻璃板；无色透明玻璃板透光性太强，容易

受到玻璃另一侧物体的干扰。茶色玻璃板透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多，

故应选择茶色玻璃板。

(2)选取两支完全相同的蜡烛，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合

时，选取两支完全相同蜡烛的目的便于比较像与物的大小关系；

(3)人眼睛应该在跳棋4的一侧观察；移动玻璃板后的跳棋B,直到跳棋8与4的像完全重

合，此时他应该记录实验数据及现象，还没有多次实验，不应该开始总结出平面镜成像

的特点：

(4)由于像与物关于镜面是对称的，如果将玻璃板绕右侧端点逆时针转动，发现跳棋力的

像相对原来的位置向左移动。

故答案为：(1)茶色；薄；(2)大小；(3)4不应该；(4)向左。

(1)从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题；无色

玻璃透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰。玻璃透光性较差，成像主观感觉比

无色玻璃好得多；

(2)实验时选择两个相同的蜡烛，便于比较像与物的大小关系；

(3)实验过程中，眼睛要在跳棋4侧观察，眼睛既能看到跳棋4又能看到代替跳棋A的

跳棋B；如果在跳棋B侧观察，只能看到跳棋B和透过透明玻璃板看到跳棋4不能看到

跳棋4的像；

(4)根据平面镜成像特点可知像与物关于镜面是对称的。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是

近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

25.【答案】3电动机右强不会B导体ab

【解析】解：

(1)①要利用该装置探究“磁场对电流的作用”(即通电导体在磁场中是否受力)，既要

有磁体，还要有通电导体(即要有电源)，则由图可知应将开关与接线柱3接通；电动机

的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，而电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，

因此电动机是利用图中原理工作的；

②为使悬挂的导体ab运动速度加快(即通电导体受到的磁场力增大)，可以增大电路中的

电流，减小滑动变阻器接入电路的电阻，则由图可知应将滑动变阻器向右移动；也可以

改用磁性更强的磁体；

(2)将开关反方向闭合，利用该装置探究“产生感应电流的条件”；

①图中两磁极间的磁感线沿竖直方向，让导体ab在图示位置沿竖直方向上下运动时，

导体不切割磁感线，所以不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会发生偏转；

②产生感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关；

若保持磁体不动，将导体ab水平向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流

计的指针向右偏转，可以将磁体的磁极对调或让导体防水平向左运动，两者同时改变时

感应电流的方向不变，故B符合题意；

③产生感应电流的导体ab相当于电源。

故答案为：(1)①3；电动机；②右：强；(2)①不会；②B；③导体ab(或ab)。

(1)①要探究“磁场对电流的作用”，既要有磁体，还要有通电导体；电动机的工作原

理是通电导体在磁场中受力运动；

②通电导体在磁场中受力的大小与电流大小、磁场的强弱有关；

(2)①产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；

②产生感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关；

③在探究电磁感应现象的实验中，产生感应电流的导体相当于电源。

此题是探究磁场对电流的作用和电磁感应现象的实验，这是两个相似度较高的实验，应

对比理解。

26.【答案】B小灯泡L断路0.65减小＞0.5

【解析】解：(1)原电路图中，电压表串联在电路中，电流表和变阻器与灯泡并联是错

误的，电流表和变阻器与灯泡应串在电路中，电压表应并联在灯泡两端，如下图所示：

(2)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，

滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的B端；

如图乙所示，电流表的示数为0,说明电路可能断路，电压表的示数为3V,接近电源电

第20页，共25页

压，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，与电压表并联部分出现断路，即故障可

能是小灯泡L断路；

(3)当电压表示数为2.5U时，电流表示数如图丙，电流表选用小量程，分度值0.024其

示数为0.264小灯泡L的额定功率为：

P=U1=2.5Vx0.264=0.65W：

(4)灯丝的电阻随温度的升高而增大；当灯丝的温度下降时，其电阻是减小的；

当滑动变阻器接入电路的阻值R滑减小时，由串联电路的分压原理可知，变阻器两端的

电压变小，由串联电路电压的规律可知，灯泡两端的电压增大；由图丙可知，通过灯的

电流也增大，根据P=u/可知，灯的实际功率增大，灯丝温度升高，灯泡电阻R样大；

因通过灯的电流即电路中电流变大，说明电路中的总电流变大，由欧姆定律可知，电路

中的总电阻R变小：

根据R=R滑+R0可知，只有当R酒的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，即

>AR?；

(5)由U-/关系图像可知，当灯泡两端电压为2V,通过灯泡的电流为0.254时，变阻器

两端电压为^滑=/浮滑=0254x40=IV,根据串联电路电压规律可知，灯泡两端电

压与变阻器两端电压之和等于电源电压，故小灯泡的实际功率应为：

PL=UL1L=2Vx0.254=0.5"。

故答案为：(1)见解答图；(2)B；小灯泡L断路；(3)0.65；(4)减小;>；(5)0.5。

(1)电流表和变阻器与灯泡应串在电路中，电压表应并联在灯泡两端；

(2)为了保护电路，小明先将滑片P移到阻值最大处后闭合开关；

电流表的示数为0,说明电路可能断路，电压表的示数为3V,接近电源电压，说明与电

压表并联部分以外的电路是通路，即与电压表并联部分出现断路；

(3)根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=U/算出小灯泡L的额定功率；

(4)灯丝的电阻随温度的升高而增大；

当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；

由图丙可知，通过灯泡的电流也变大，灯泡的功率变大，温度升高，灯泡电阻变大；根

据欧姆定律和电流的变化判断出总电阻的变化，再判断4Ri和UR2的大小关系；

(5)根据串联电路电压规律结合U-/关系图像确定当滑动变阻器接入的阻值为40时，灯

泡两端的电压和通过的电流，根据P=U/算出灯泡的实际功率。

本题是测量小灯泡功率的实验，考查了电路的连接、注意事项、电路故障、电流表读数、

分析图像及电功率的计算，并且涉及到串联电路规律的应用。

27.【答案】解：(1)木头的密度：

(2)木头的重力为：G=mg=160kgx10N/kg=1600N；

因为木头漂浮，所以木头受到的浮力等于木头的重力，即：?浮=G=1600N；

(3)根据阿基米德原理产浮=可得木头浸入水中的体积：

“17F浮1600N3

V^=V卅=--=-----；----；------=0n.16m

度入A排p水g1.0x103kg/m3xlON/kg0

答：(1)木头的密度为0.8*1033/巾3；

(2)木头受到的浮力为1600N；

(3)木头浸入水中部分的体积是0.16机3。

【解析】(1)知道木头的质量和体积，根据密度公式求出木头的密度:

(2)根据G=mg算出木头的重力；

木头漂浮时受到的浮力等于木块的重力；

(3)根据阿基米德原理求出木头排开水的体积，即木头浸入水中部分的体积。

本题考查了重力公式、密度公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的应用，关键是知道木

头排开水的体积即为木头浸入水中的体积。

28.【答案】解：(1)由「=0可得，防雾镜正常工作时的电流：

P88W八..

/r=-=---=0.44。

U220V

(2)正常工作250s,平面镜吸收的热量：

Q吸=c坡瑁mN升=0.75x103J/(kg•℃)x1.2kgx22℃=1.98xIO47,

正常工作250s,电热膜产生的热量：

Q=勿=Pt=88〃X250s=2.2x1047)

加热效率：

r/=—X100%=1，98xl0f7X100%=90%o

1Q2.2X1047

(3)由P=?可得，电热膜的电阻：

竺=a2^=550。，

uR881V

当变阻器R的阻值最大时，通过电热膜的电流最小，此时电热膜的功率最小,

结合题意可知，电热膜的最小功率为：P或小=88Wx25%=22小；

第22页，共25页

由P=/2R可得，此时通过它的电流：

1小=但=庐^=0.24

小\RoyJ550n

y220V

由欧姆定律可得，此时电路中的总电阻：R总=厂=赤=1100°，

小,

则变阻器的最大阻值：R=R总-Ro=noon-550。=550。。

答：(1)防雾镜正常工作时的电流约为0.44

(2)电热膜给平面镜的加热效率为90%；

(3)R的最大阻值为550。。