2022年陕西省中考物理真题（解析版）

考试复习备考资料一考试习题训练

2022年中考真题试卷

（备考复习资料）

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2022年陕西省初中学业水平考试

物理试卷

注意事项：

1.本试卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）。全卷共8页，总分80分。考试

时间80分钟。

2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和

准考证号，同时用25铅笔在答题卡上填涂对应的试卷类型信息点（/或5）。

3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。

4.答作图题时，先用铅笔作图，再用规定的签字笔描黑。

5.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。

第一部分（选择题共20分）

一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）

1.下列物体的质量最接近50kg的是（）

A.一枚硬币B.一个鸡蛋C.一名中学生D,一支铅笔

【答案】C

【解析】

【详解】一个鸡蛋的质量大约是50g,一枚硬币的质量比鸡蛋小，大约为6g,一名中学生的质量为50kg,

一支铅笔的质量在10g左右，所以一名中学生的质量最接近50kg,故ABD不符合题意，C符合题意。

故选C。

2.核能是原子核裂变或聚变释放出的能量。下列说法正确的是（）

A.原子核由质子和中子构成B.原子核带负电

C.当前的核电站是利用核聚变原理工作的D.核能是可再生能源

【答案】A

【解析】

【详解】A.原子是由原子核和核外电子组成，而原子核是由质子和中子构成，故A正确：

B.原子核内的质子是带正电的，中子不带电，所以原子核是带正电的，故B错误；

C.当前的核电站是利用可控的核裂变工作的，故C错误：

D.核燃料是用一点少一点，在短时间内无法得到补充，所以核能是不可再生能源，故D错误。

故选A。

3.“七一勋章”获得者张桂梅老师坚持“革命传统立校，红色文化育人”的教育理念，用知识为滇西北山

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区女孩创造美好未来，如图，张老师带领师生宣誓，下列说法正确的是（）

A.声音只能在空气中传播B.师生宣誓的声音是声带振动产生的

C.师生的声音音色相同D.洪亮的宣誓声表明声音的速度很大

【答案】B

【解析】

【详解】A.声音的传播需要介质，声音不仅可以在空气中传播，还能在固体，液体中传播，故A错误；

B.声音是由物体振动产生的，师生宣誓的声音是由师生们的声带振动产生的，故B正确；

C.音色是由材料和结构决定的，不同人的声带结构不同，音色也不相同，故C错误；

D.洪亮的宣誓声表明声音的响度大，故D错误。

故选B»

4.北京冬奥会上使用的氢燃料火炬、防刺防切割面料运动服、紫外线消毒机器人，智慧AR导航系统，体

现了科技冬奥、绿色环保的理念。以下分析错误的是（）

A.紫外线具有显著的热效应

B.防刺防切割面料具有超弹、超韧和超强等性能

C.氢燃料是绿色环保无污染能源

D.智慧AR导航利用电磁波传递信息

【答案】A

【解析】

【详解】A.紫外线化学效应强，能杀菌，常用来制成消毒灯；故A错误，符合题意；

B.运动服面料具有超弹、超韧和超强等性能，所以能防刺防切割，故B正确，不符合题意；

C.氢燃料的使用不会产生环境污染物，所以它是绿色环保无污染能源，故C正确，不符合题意。

D.电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播，广播、电

视、移动通信、卫星导航系统都是用电磁波传递信息的，故D正确，不符合题意。

故选Ao

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5.陕西秦岭以南具有“雨洗青山四季春”的宜茶环境。如图为一杯陕南富硒绿茶，茶叶翠绿，茶香袭人。

下列说法正确的是（）

A.茶杯受到的重力与桌面对它的支持力是相互作用力

B.热茶暖手是通过做功改变物体的内能

C.绿色的茶叶吸收绿光

D.茶香袭人是因为分子在永不停息地做无规则运动

【答案】D

【解析】

【详解】A.茶杯受到的重力与桌面对它的支持力作用在同一物体上，是一对平衡力，故A错误；

B.改变物体内能的方式有两种分别是做功和热传递，热茶暖手是把热茶的热量传递给手，是通过热传递

改变内能的，故B错误；

C.不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，绿色的茶叶是因为茶叶反射绿光，故C错误；

D.茶香袭人是扩散现象，是因为茶叶分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。

故选D。

6.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

A.我国家庭电路的电压是380V

B.用电器的开关要连接在零线和用电器之间

C.更换灯泡无需断开电源开关

D.家庭电路中各用电器是并联的

【答案】D

【解析】

【详解】A.我国家庭电路的电压是220V,故A错误：

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B.在家庭电路连接中，用电器的开关要连接在火线和用电器之间，故B错误；

C.更换灯泡需先断开电源开关，防止在更换灯泡的过程中发生触电事故，故C错误；

D.我国各家用电器的额定电压均为220V,且用电器使用之间互不影响，所以家庭电路中各用电器是并联

的，故D正确。

故选D。

7.如图，滑雪运动员正在比赛，下列分析正确的是()

A.雪地上的影子是光的折射形成的

B.运动员在沿倾斜赛道下滑过程中，重力势能不变

C.滑雪板可以减小运动员对雪地的压强

D.运动员在沿倾斜赛道加下滑过程中，运动状态保持不变

【答案】C

【解析】

【详解】A.雪地上的影子是光的直线传播形成的，故A错误；

B.运动员在沿倾斜赛道下滑过程中，高度逐渐降低，重力势能逐渐变小，故B错误；

C.滑雪板一般比较宽，是通过增大受力面积的方法从而来减小运动员对雪地的压强，故C正确；

D.动员在沿倾斜赛道加下滑过程中，由重力势能转化为动能，运动速度在加快，运动状态发生改变，故

D错误。

故选C。

8.如图，电源电压不变。闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且等于电源电压。排除

故障后，滑动变阻器的滑片P向左移动，下列分析正确的是()

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A.灯泡不亮是因为滑动变阻器阻值过大

B.灯泡不亮是因为灯泡短路

C.排除故障后，滑片P向左移动，灯泡变暗

D.排除故障后，滑片P向左移动，电流表和电压表示数均变大

【答案】D

【解析】

【详解】AB.灯泡不亮且电流表无示数，电压表等于电源电压，所以电路中的故障类型是断路，故AB错

误；

CD.由图可知，滑片向左移动，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律

可知，电路中的电流变大，电流表示数变大，灯泡变亮；根据串联电路分压规律可知，小灯泡两端电压变

大，电压表示数变大，故C错误，D正确。

故选D。

9.如图，这是一种塔式起重机，已知起重机上的滑轮组在匀速起吊330kg的物体时，滑轮组的机械效率是

60%,g取10N/kg。下列分析和计算错误的是（）

二3屈

A.起重机的吊臂ZO8可视为杠杆

B,增加起吊物体的质量，滑轮组的机械效率将减小

C.物体上升2m,滑轮组所做有用功是6.6X103J

D.物体上升2m,滑轮组所做总功是1.1X104J

【答案】B

【解析】

【详解】A.由图可知，起重机的吊臂可以视为支点在。点，力臂分别为04、08的杠杆，故A正确，不

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符合题意；

B.滑轮组的机械效率

增加起吊物体的质量时，有用功增加，额外功不变，有用功与总功的比值变大，则滑轮组的机械效率变

大，故B错误，符合题意；

C.物体上升2m,滑轮组所做有用功

WxG〃=?ng"=330kgx10N/kgx2m=6.6xl（Pj

故C正确，不符合题意；

D.滑轮组所做总功

故D正确，不符合题意。

故选B。

10.物理科技小组在课外制作活动中，把一废旧电饭锅改造成一个由一根电热丝和两个开关组成的简易电

饭锅。接通电源，手动开关闭合，电热丝工作，当锅内温度达到103。＜2时，手动开关自动断开，且无法自

动闭合；接通电源，温控开关在锅内温度低于60。（2时自动闭合，电热丝工作，锅内温度高于85。（2时，温

控开关自动断开。通过两个开关的通断，可实现加热和保温两种功能。根据以上描述，下列判断正确的是

（）

A.接通电源，闭合手动开关，电热丝才能开始工作

B.当手动开关自动断开时，简易电饭锅马上进入保温状态

C.锅内温度由103。（3降至60。（2过程中，电热丝不工作

D.简易电饭锅加热时的功率大于保温时的功率

【答案】C

【解析】

【详解】A.由题意可知，由题意可知，温控开关Si与按钮开关S2是并联的，如图所示

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O220VO

电热丝要工作，只需闭合开关，或者开关S2,当锅内温度低于6（TC时，温控开关，自动闭合，电热丝工

作，故A错误；

B.当手动开关自动断开时，锅内温度达到103。。锅内温度高于85。（2,温控开关,不会闭合，所以简易

电饭锅不能马上进入保温状态，故B错误；

C.锅内温度达到103。（3时，手动开关自动断开，且无法自动闭合，而温控开关在锅内温度低于60。（3时才

会自动闭合，所以锅内温度由103。（3降至60。（3过程中，电热丝不工作，故C正确；

D.根据公式

可知，简易电饭锅加热时的功率与保温时的功率一样大，故D错误。

故选C。

第二部分（非选择题共60分）

二、填空与作图题（共7小题，计22分）

11.2021年11月30日，世界首条跨海高铁一一泉州湾跨海大桥合龙成功。如图是大桥与倒影形成的一幅

壮美画面，桥在水中的倒影是光的一形成的（选填“虚”或“实”）像。

【答案】①.反射②.虚

【解析】

【详解】大桥在水中成的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，根据平面镜成像的特点可知，倒影

是大桥的虚像。

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12.2021年9月，第十四届全国运动会在陕西举行，苏炳添以9.95秒的成绩夺得了男子100米冠军。如图

所示，比赛中以看台为参照物，苏炳添是_____的，冲过终点时不能立刻停下来，是由于他具有,

他完成百米比赛的平均速度为m/s（计算结果保留两位小数）。

【答案】①.运动②.惯性③.10.05

【解析】

【详解】［1］以看台为参照物，苏炳添与看台之间的位置发生变化，所以苏炳添是运动的。

［2］一切物体都有保持物体的运动状态不变的性质叫惯性。所以冲过终点后，人由于具有惯性，他不能立刻

停下来。

［3］他跑完100m的时间为9.95秒，所以他完成百米比赛的平均速度为

s100m

v=-=--x---1--0-.05m/s

t9.95s

13.位于陕西泾阳的郑国渠，是我国古代三大水利工程之一、如图是郑国渠跨路面两侧的截面示意图，两

侧水渠和中间的涵洞可以看作是一个；当水不流动时，水对4点的压强（选填

“大于”、“等于”或“小于”）水对3点的压强。

水渠____水渠

二N二二：二二二二

j，卜I§________

一方”涵渤....1~

【答案】①.连通器②.小于

【解析】

【详解】［1］跨路面两侧的水渠是上上端开口、下端连通的，当液体不流动时，液面总保持相平，因此两

侧水渠和中间的涵洞可看作一个连通器；

［2］由图可知，N点到液面的深度要小于8点到液面的深度，即/1A〈加，则由液体压强公式可知，当

水不流动时，水对A点的压强小于水对B点的压强。

14.如图-1是生活中常见的塑料瓶，瓶盖上的竖条纹是为了摩擦；如图-2,往塑料瓶里倒入适

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量热水并晃一晃，然后把热水倒出，迅速盖上瓶盖，过一会儿瓶子变瘪了，证明了的存在；

如图-3,把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，会看到瓶子向运

动；如图-4,与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为瓶子带了o

图-1图-2图-3图-4

【答案】①.增大②.大气压强##大气压③.右电荷##电

【解析】

【详解】［1］竖纹的作用主要是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，易于拧开瓶盖.

［2］往空塑料瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶

内气体压强变小，瓶子在外界大气压作用下慢慢向内凹陷，这说明了大气压的存在。

［3］流体流速越快压强越小，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，瓶子右侧的空气流速变快，瓶子右侧空

气向左的压强小于瓶子左侧空气向右的压强，所以瓶子向右运动。

［4］带电体能够吸引轻小物体，与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为瓶子因为摩擦带了电，所以能

吸引碎纸屑。

15.在“天宫课堂”中，航天员王亚平用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球悬停在

水中，如图-1所示，这是由于在中国空间站中，乒乓球不再受到重力和力的原因而悬停不

动。在地面课堂的同学们也做同样的实验；用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球会

迅速上浮直至漂浮，如图-2所示，乒乓球露出水面前，浮力___________重力且浮力大小。

图T图-2

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【答案】①.浮②.大于③.不变

【解析】

【详解】［1］在中国空间站微重力环境中，图中乒乓球所受重力几乎为零，乒乓球悬停处于平衡状态，因此

水对乒乓球的浮力几乎为零，即乒乓球不再受到重力和浮力作用。

［2］乒乓球露出水面前，乒乓球上浮，根据物体的沉浮条件可知，乒乓球受到的浮力大于它所受的重力。

［3］乒乓球露出水面前，处于完全浸没，排开液体的体积等于乒乓球的体积不变，根据阿基米德原理厂浮

=，g/排，在同种液体中，排开液体体积不变，它所受的浮力也不变。

16.如图-1所示电路，电源电压不变，L是额定电压为2.5V的小灯泡，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片

P在某两点间移动的过程中，电流表A与电压表V1的示数变化关系如图-2所示。当电流表示数为0.2A

时，两电压表的示数相等，则电源电压为V。小灯泡正常工作时的电流为A,此

时滑动变阻器接入电路的阻值为Q,电路的总功率为W。

【答案】①.3②.0.25③.2④.0.75

【解析】

【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器火串联，电压表VI测L两端的电压，电压表V2测滑动变阻

器R两端的电压，电流表测电路中的电流。

［1］由图-2可知，当电流表示数为0.2A时，V］表示数为1.5V,由于此时两电压表的示数相等，所以电源电

压为

t/=t/l+t/2=1.5V+1.5V=3V

⑵由图-2可知，当电压表V|示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电路中电流为0.25A,所以小灯泡正

常工作时的电流为0.25A。

［3］根据串联电路电压特点可知，当电压表V1示数为2.5V时，电压表V2的示数为

U2'=U-Ui'=3V-2.5V=0.5V

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电路中的电流为0.25A,所以此时滑动变阻器接入电路的阻值为

U'0.5Vs

Rn=—=-------=2Q

V0.25A

[4]电路的总功率为

P=U/'=3VxO.25A=0.75W

17.在图中画出足球静止时对水平地面压力厂的示意图（作用点在。点）。

0

【详解】选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为

18.如图所示，用笔画线代替导线将电路连接完整，并在括号中标出小磁针静止时右端的磁极名称（要

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求：闭合开关，移动滑片P时，螺线管磁性强弱改变）。

【解析】

【详解】通过螺线管的电流或螺线管的匝数改变时，螺线管磁性强弱会改变。由于螺线管匝数一定，可以

改变电流改变螺线管的磁性强弱，故滑动变阻器一上一下串联接入电路能改变电路中电流的大小，故将滑

动变阻器上面的接线柱与螺线管右端的导线相连；由于电流从螺线管的右端流入，根据安培定则可知，螺

线管的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的作用规律可知，小磁针左端为N极，右端为S极，如图

三、实验与探究题（共4小题，计22分）

19.请完成下列填空。

毛巾

37棉布

木板

（1）如图-1,测量前，为使托盘天平横梁水平平衡，应向调节平衡螺母。

（2）如图-2,用刻度尺测量一物块的长度，该物块长度为cm。

（3）如图-3,在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，让小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，进入

粗糙程度不同的水平面。由实验现象可知：水平面越光滑，小车受到的阻力越,速度减小的

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越慢，小车运动的路程越O

【答案】①.右②.2.32（2.31~2.34均可）③.小©.远（或大、长）

【解析】

【详解】（1）[1]由图-1可知，天平指针偏左，说明左端重，所以将平衡螺母向右调节，直至横梁在水平位

置平衡。

（2）[2]由图-2可知，刻度尺的分度值为1mm,物体左边与刻度尺的零刻度线对齐，右边与刻度尺2.31cm

（2.31~2.34cm均可）对齐，所以物块的长度为2.32cm（2.31~2.34cm均可）。

（3）[3][4]由图-3可知，小车在木板上受到的阻力最小，小车滑行距离最远，由此可知，水平面越光滑，

小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，小车运动的路程越远。

20.在“探究并联电路电流特点”的实验中，小华设计了如图-1所示的电路进行实验。

图-1图-3

图2

实验序号

“/A/fi/AIc/A

10.460.18028

20.360.200.16

30.70.32038

（1）连接电路时，开关应处于_状态；

（2）实验中，在4B、C三处各接入一个电流表，并选择合适的量程，闭合开关，测得/、B、C三处的

电流分别为A、4、；CO更换多组（选填“相同”或“不同”）规格的灯泡重复实验，部分实验数据

如表所示；

（3）分析实验数据可得：在并联电路中，干路电流与各支路电流的关系是（写出关系式）；

（4）小华在某次实验时，测得C处电流4为0.30A,观察到N处电流表指针位置如图-3所示，则/处电

流大小为A,

【答案】①.断开②.不同③[A=/B+/C④.0.8

【解析】

【详解】（1）[1]连接电路时，避免电路中电流过大，烧坏用电器，所以开关要断开。

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（2）[2]为了避免实验的偶然性，需要更换不同规格的灯泡重复试验。

（3）[3]通过分析三次试验可知，C处的电流/c与8处的电流/B的和等于4处的电流/A，即并联电路中干

路电流与支路电流的关系是

/A=/B+/C

（4）[4]由表格中的数据可知，电流的最大值是0.7A,所以电流表接入电路中的量程是0〜3V,此时电流表

的示数为0.8Ao

21.物理学习小组在做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验时，装置如图-1所示。

（1）安装实验器材应按照（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序；

（2）在水温升高到85。（2后，每隔1min读取一次温度计的示数，直到水沸腾并持续一段时间。将所得数

据记录在如下表格中。由实验可知：水沸腾时需要,但温度

时间/min0123456789101112

温度AC85868890929496989898989898

（3）在本次实验中，水的沸点是℃,由此可知当地大气压（选填“高于”“低

于”或“等于"）1标准大气压；

（4）初步得出结论后，等水温降至85。13以下后，另一位同学继续利用该装置再次进行实验，并在同一坐

标系中画出水沸腾前后温度随时间变化的图像，如图-2所示，从两次实验的图像中可看出，水从85。（3加热

至刚沸腾时，所用不同，原因可能是水的不同。

【答案】①.自下而上②.吸热③.不变98⑤.低于⑥.时间⑦.质量

【解析】

【详解】（1）[1]加热时要用酒精灯的外焰加热，所以实验器材应该按照自下而上的顺序安装。

（2）[2][3]水沸腾时不断用酒精灯加热，所以水沸腾时需要不断加热，由表可知，水沸腾时温度不变。

（3）[4][5]由表可知，水的温度保持98。（2不变，所以水的沸点是98。。标准大气压下，水的沸点是

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100℃,此时水的沸点低于标准大气压下水的沸点，气压高，沸点高，气压低，沸点低，所以此地大气压

低于标准大气压。

(4)[6]⑺由图可知，两次实验水沸腾的时间不同，第一次实验水沸腾所需时间大于第二次实验所需时

间，两次实验水的初始温度相同，所以原因可能是水的质量不同。

22.如图-1所示，人眼的功能类似于照相机，学习了凸透镜成像规律后，小明对人眼和照相机如何成清晰

的像，进行了进一步研究；

(1)人眼结构中，视网膜到晶状体的距离不变，相当于“探究凸透镜成像规律”实验中，到

凸透镜的距离不变，能否看清远近不同的物体，可能与晶状体的焦距有关，使用变焦照相机拍照，能否得

到清晰的像，可能同时与焦距和像距有关，于是他用图-2装置进行探究；

(2)实验前，调节“F”光源和光屏的中心在凸透镜的主光轴上，是为了使像呈现在；

(3)实验主要步骤：①保持光屏到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节“F”光源到凸透镜

的距离，直到光屏上成清晰的像，分别记录焦距、物距和像的高度：

②保持到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏

上成清晰的像，分别记录焦距、像距和像的高度；

(4)实验数据如下表所示：物体的高度，=5.0cm

实验序号物距w/cm像距Wcm焦距//cm像的高度Zz/cm

117.115.08.04.4

230.015.010.02.5

360.015.012.01.3

425.01188.02.4

525.016.710.03.3

625.023.112.046

①分析三组数据可知：当像距不变时，物距变大，要成清晰的像，凸透镜焦距要变大;

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②分析4、5、6三组数据可知：当物距不变时，凸透镜焦距越,像距越大，像也越大；

根据以上探究可知：人眼是通过调节晶状体焦距来看清远近不同物体的；用变焦照相机在同一位置拍摄同

一物体时，是通过同时调节焦距和像距，使物体成大小不同的清晰的像；

（5）实验结束后，小明和同学们进行了如下交流：

①人长时间看近处物体，眼睛容易疲劳。学习较长时间后，建议同学们适当远眺，使睫状体放松，晶状体

变（选填“厚”或"薄”），焦距变大，舒缓眼疲劳，保护眼睛；

②用变焦相机拍完西安钟楼的全景后，要在原地把钟楼上的钟拍得更大一些，应该把照相机的镜头

（选填“向前伸”或“往后缩”）同时增大焦距。

【答案】①.光屏②.光屏中央③.“F”光源④.1、2、3⑤.大（或长）⑥.

薄⑦.向前伸

【解析】

【详解】（1）［1］在人眼结构中，外界事物透过晶状体最终成像在视网膜上，视网膜相当于凸透镜成像规律

中的光屏，故视网膜到晶状体的距离不变，相当于光屏到凸透镜的距离不变。

（2）［2］实验前，调节“F”光源和光屏的中心在凸透镜的主光轴上，是为了使像最终能够在光屏的中央显

现。

（3）［3］保持“尸”光源到凸透镜的距离不变，保持物距不变，换上不同焦距的凸透镜，直到光屏上成清晰

的像，可以探究焦距与像距之间的关系。

（4）［4］要得出“当像距不变时，物距变大，要成清晰的像，凸透镜焦距要变大。”的结论，需要控制像

距保持不变，改变物距，故选1、2、3组数据。

［5］分析4、5、6三组数据可知，物距保持不变，透镜的焦距逐渐增大，发现像距也在逐渐增大，且像的高

度也在逐渐增大，故当物距不变时，凸透镜焦距越大，像距越大，像也越大。

（5）［6］人长时间看近处物体，晶状体收缩变厚，对光的偏折能力变大，眼睛的焦距变小，远眺时，使睫

状体放松，晶状体变薄，对光的偏折能力变小，眼睛的焦距变大，远处物体射来的光刚好聚在视网膜上，

可以看清远处的事物，可以起到舒缓眼疲劳，保护眼睛的作用。

［7］拍完西安钟楼的全景后，需要在原地把钟楼上的钟拍得更大一些，则物距保持不变，像变大，分析表格

数据可知，此时焦距变大，故把照相机的镜头像前伸。

四、综合题（共2小题，计16分）

23.如图是某家用电扇的铭牌。

（1）电动机的工作原理是磁场对通电导体有的作用；电扇正常工作时，电能主要转化为

___________能；

（2）电扇底座与地面总接触面积为2.4x10-3］!?,电扇静止时对水平地面的压强是多少？（g取10N/kg）

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(3)电扇使用事项中明确规定：“禁止用手或其他物体阻挡叶片转动”，这是因为正常工作的电扇，如果

叶片被卡住而不转动时，电能将全部转化为内能，很容易烧坏电动机线圈。已知线圈电阻为22C,正常工

作的电扇叶片被卡住不转时，线圈中的电流为多少?若此状态持续Imin,则线圈中电流产生

的热量是多少？

/X

FS—69电扇

额定电压220V

额定功率66W

、质量6kg,

【答案】①.力②.机械2.5xlO4Pa④.10A1.32X105J

【解析】

【详解】解：(1)[1]电动机中的线圈通上电流，线圈就会转动起来，说明通电导体在磁场中受到力的作

用。所以电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用。

[2]电扇正常工作时一，电扇里的电动机将电能转化为机械能。

(2)[3]电扇对水平地面的压力

F=G=mg=6kgx1ON/kg=60N

电扇对水平地面的压强

(3)[4]正常工作的电扇，叶片被卡住时，线圈中的电流

[5]1min线圈中电流产生的热量

g=72^=(10A)2x22Qx60s=1.32xl05J

答：(1)电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用；电扇正常工作时，电能主要转化为机械能；

(2)电扇静止时对水平地面的压强是2.5xl()4pa；

(3)正常工作的电扇叶片被卡住不转时，线圈中的电流为10A,若此状态持续Imin,则线圈中电流产生

的热量是1.32xlO5J«

24.今年“五一”假期，广大市民按照疫情防控要求，积极响应“非必要不离市”号召，在郊区、公园指

定区域进行户外活动。小刚同学家购买了一款如图-I所示户外分体式燃气炉，准备去户外野炊。该燃气炉

的铭牌如图-2所示，其中功率4500W是指气体燃料完全燃烧时燃气炉每秒放出4500J的热量。

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【品名】XX牌分体式防风燃气炉'

【材料】不锈钢铜铸铝

【规格】展开（p260xii6mm

折叠（P127x132mm

【功率】

________4_5_0_0_W_________________Z

图-1图-2

（1）气体燃料在常温下是通过的方式液化存储在储气罐内，使用过程中，罐体温度变低是因为燃

料发生汽化时要（选填“吸收”或“放出”）热量；

（2）在标准大气压下，用该燃气炉将1L水从25。（3加热到沸腾用时T40S,