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山西省朔州市亲和中学2022-2023学年高二数学理测试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.在△ABC中,A,B,C的对边分别为a,b,c,若2(a2+c2)﹣ac=2b2,则sinB=()A. B. C. D.参考答案:C【考点】余弦定理.【分析】利用余弦定理,结合条件,两边除以ac,求出cosB,即可求出sinB的值.【解答】解:在△ABC中,由余弦定理得:a2+c2﹣b2=2accosB,代入已知等式得:2accosB=ac,即cosB=,∴sinB==,故选:C.【点评】此题考查了余弦定理,考查学生的计算能力,熟练掌握余弦定理是解本题的关键.2.若点(x,y)在椭圆上,则的最小值为(
)A.1
B.-1
C.-
D.以上都不对参考答案:C3.已知i是虚数单位,若iz=1+2i,则=
A.2+i
B.2-i
C.
D.参考答案:A4.若命题“p或q”为真,“非p”为真,则()A.p真q真 B.p假q真 C.p真q假 D.p假q假参考答案:B【考点】复合命题的真假.【分析】根据“非p”为真,得到p假,根据命题“p或q”为真,则p真或q真,从而得到答案.【解答】解:若命题“p或q”为真,则p真或q真,若“非p”为真,则p为假,∴p假q真,故选:B.5.过平面区域内一点P作圆O:x2+y2=1的两条切线,切点分别为A,B,记∠APB=α,则当α最小时cosα的值为(
)A. B. C. D.参考答案:C【考点】简单线性规划.【专题】不等式的解法及应用.【分析】作出不等式组对应的平面区域,根据数形结合求确定当α最小时,P的位置,利用余弦函数的倍角公式,即可得到结论.【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图,要使α最小,则P到圆心的距离最大即可,由图象可知当P位于点D时,∠APB=α最小,由,解得,即D(﹣4,﹣2),此时|OD|=,|OA|=1,则,即sin=,此时cosα=1﹣2sin2=1﹣2()2=1﹣=,故选:C【点评】本题主要考查线性规划的应用,利用数形结合是解决本题的关键,要求熟练掌握两角和的倍角公式.6.在△ABC中,角A、B、C的对边分别是a、b、c,则下列各式正确的是(
)A. B. C.asinB=bsinA D.asinC=csinB参考答案:C【考点】正弦定理.【专题】计算题;转化思想;分析法;解三角形.【分析】△ABC中,由正弦定理可得,变形可得结论.【解答】解:在△ABC中,由正弦定理可得,即asinB=bsinA,故选:C.【点评】本题主要考查正弦定理的应用,属于基础题.7.给定两个命题p,q.若¬p是q的必要而不充分条件,则p是¬q的()A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件C.充要条件 D.既不充分也不必要条件参考答案:A【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断;命题的否定.【专题】简易逻辑.【分析】根据互为逆否命题真假性相同,可将已知转化为q是?p的充分不必要条件,进而根据逆否命题及充要条件的定义得到答案.【解答】解:∵?p是q的必要而不充分条件,∴q是?p的充分不必要条件,即q??p,但?p不能?q,其逆否命题为p??q,但?q不能?p,则p是?q的充分不必要条件.故选A.【点评】本题考查的知识点是充要条件的判断,其中将已知利用互为逆否命题真假性相同,转化为q是?p的充分不必要条件,是解答的关键.8.设随机变量X服从正态分布N(3,4),若P(X<2a+3)=P(X>a﹣2),则a的值为() A. B. 3 C. 5 D. 参考答案:A略9.在棱长为1的正方体ABCD—中,M和N分别为和的中点,那么直线AM与CN所成角的余弦值是A.
B.
C.
D.参考答案:A略10.已知结论:“在正三角形ABC中,若D是边BC的中点,G是三角形ABC的重心,则”,若把该结论推广到空间,则有结论:“在棱长都相等的四面体ABCD中,若△BCD的中心为M,四面体内部一点O到四面体各面的距离都相等,则=() A.1 B.2 C.3 D.4参考答案:C【考点】类比推理. 【专题】计算题. 【分析】类比平面几何结论,推广到空间,则有结论:“=3”.设正四面体ABCD边长为1,易求得AM=,又O到四面体各面的距离都相等,所以O为四面体的内切球的球心,设内切球半径为r,则有r=,可求得r即OM,从而可验证结果的正确性. 【解答】解:推广到空间,则有结论:“=3”. 设正四面体ABCD边长为1,易求得AM=,又O到四面体各面的距离都相等, 所以O为四面体的内切球的球心,设内切球半径为r, 则有r=,可求得r即OM=, 所以AO=AM﹣OM=,所以=3 故答案为:3 【点评】本题考查类比推理、几何体的结构特征、体积法等基础知识,考查运算求解能力,考查空间想象力、化归与转化思想.属于基础题. 二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.抛物线与直线所围成平面图形的面积为__________.参考答案:略12.已知函数f(x)=lnx+x,若函数f(x)在点P(x0,f(x0))处切线与直线3x﹣y+1=0平行,则x0=.参考答案:【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求出导函数,利用切线斜率,然后即可.【解答】解:函数f(x)=lnx+x,可得函数f′(x)=+1,函数f(x)在点P(x0,f(x0))处切线与直线3x﹣y+1=0平行,可得:,解得x0=.故答案为:.13.计算
参考答案:16
14..(几何证明选讲)如图:若,,与交于点D,且,,则
.参考答案:715.某四棱锥的三视图如图所示,该四棱锥的体积为____________
参考答案:略16.某产品的广告费用与销售额的统计数据如下表:广告费用(万元)3456销售额(万元)25304045根据上表可得回归方程中的为7.据此模型预报广告费用为10万元时销售额为
(万元).参考答案:73.517.已知函数f(x)=x﹣4lnx,则曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为.参考答案:3x+y﹣4=0【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【专题】计算题.【分析】在填空题或选择题中,导数题考查的知识点一般是切线问题.【解答】解:函数f(x)=x﹣4lnx,所以函数f′(x)=1﹣,切线的斜率为:﹣3,切点为:(1,1)所以切线方程为:3x+y﹣4=0故答案为:3x+y﹣4=0【点评】考查学生会利用导数求曲线上过某点的切线方程,考查计算能力,注意正确求导.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.用分析法证明:若a>0,则参考答案:证明:要证-≥a+-2,只需证+2≥a++.∵a>0,∴两边均大于零,因此只需证(+2)2≥(a++)2,只需证a2++4+4≥a2++2+2(a+),只需证≥(a+),只需证a2+≥(a2++2),即证a2+≥2,它显然是成立,∴原不等式成立.
略19.(本大题满分12分)如图,、为椭圆的左右焦点,P为椭圆上一点,且位于轴上方,过点P作x轴的平行线交椭圆右准线于点M,连接,(1)若存在点P,使为平行四边形,求椭圆的离心率e的取值范围;(2)若存在点P,使为菱形;①求椭圆的离心率;②设、,求证:以为直径的圆经过点B.参考答案:(1)设,则,∵,∴,由;(2)①,,∵,∴;②以为直径的圆方程为,下证满足方程,即…(*),∵,∴,∴,∴(*)成立,∴以为直径的圆经过点B.20.东莞市某高级中学在今年4月份安装了一批空调,关于这批空调的使用年限x(单位:年,x∈N*)和所支出的维护费用y(单位:万元)厂家提供的统计资料如下:使用年限x(年)12345维护费用y(万元)677.589
(1)请根据以上数据,用最小二乘法原理求出维护费用y关于x的线性回归方程;(2)若规定当维护费用y超过13.1万元时,该批空调必须报废,试根据(1)的结论预测该批空调使用年限的最大值.参考公式:最小二乘估计线性回归方程中系数计算公式:,,其中表示样本均值.参考答案:(1),
故线性回归方程为.(2)当维护费用超过13.1万元时,即
从第12年开始这批空调必须报废,该批空调使用年限的最大值为11年.答:该批空调使用年限的最大值为11年.21.一书店预计一年内要销售某种书15万册,欲分几次订货,如果每次订货要付手续费30元,每千册书存放一年要耗库费40元,并假设该书均匀投放市场,问此书店分几次进货、每次进多少册,可使所付的手续费与库存费之和最少?参考答案:假设每次进书x千册,手续费与库存费之和为y元,由于该书均匀投放市场,则平均库存量为批量之半,即,故有y=×30+×40,y′=-+20,令y′=0,得x=15,且y″=,f″(15)>0,所以当x=15时,y取得极小值,且极小值唯一,故
当x=15时,y取得最小值,此时进货次数为=10(次).即该书店分10次进货,每次进15000册书,所付手续费与库存费之和最少.略22.(本小题满分14分)命题不等式在区间上恒成立,命题:存在,使不等式成立,若“或为真”,“且为假”,求实数的取值范围.参考答案:当为真命题时,不等式在区间上恒成立,令,则,………
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