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复习课[整合·网络构建][警示·易错提醒]1.数学归纳法的两个关注点.(1)关注用数学归纳法证题的步骤.第一步称“归纳奠基”,是递推链的起点;第二步称为“归纳递推”,是递推链具有传递性的保证.两步缺一不可,否则不能保证结论成立.(2)关注适用范围,数学归纳法适用于某些与正整数n有关的问题,这里n是任意的正整数,它可取无限多个值,但是,并不能说所有与正整数n有关的问题都可以用数学归纳法.2.数学归纳法的两个易错点.(1)在数学归纳法中,没有应用归纳假设.(2)归纳推理不到位.专题一数学归纳法在学习数学归纳法时,常会遇到两个困难,一是对其实质不容易理解,二是对归纳步骤的证明感到难以入手,其实在数学归纳法中只有两个步骤:归纳奠基,归纳递推,二是缺一不可.(1)不可缺第一步.有的同学会认为第二步有递推作用,且k可以取任意值,因此第一步就无关紧要,有没有均可.这是一种错误的认识,它忽略了第一步的奠基作用.因为如果没有n=n0时成立,归纳假设也就没有了依据,递推性就建立在毫无根据的结论之上,当然也不可能得到正确的结论.(2)不可缺第二步.在刚接触数学归纳法时容易觉得,既然一个数学命题对开头的一些自然数成立,那么由n=k成立推导出n=k+1成立是必然的,因此第二步流于形式,证与不证一个样.显然这是不正确的,原因在于没有认识到归纳步骤所起的递推作用,如果没有递推性,虽然一个数学命题对于开头的许多自然数都成立,但是对于后面的并不一定成立.因此我们不能把不完全归纳当做数学证明,用数学归纳法证明时不可缺第二步.[例1]求证对任意正整数n,有13+23+33+…+n3=(1+2+…+n)2成立.证明:(1)当n=1时,左边=1,右边=1,左边=右边,所以原等式成立.(2)假设当n=k(k≥1)时,等式成立,即13+23+…+k3=(1+2+…+k)2.在上式等号两边同时加上(k+1)3,得13+23+…+k3+(k+1)3=(1+2+…+k)2+(k+1)3=eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(k(k+1),2)))eq\s\up12(2)+(k+1)3=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(k+1,2)))eq\s\up12(2)[k2+4(k+1)]=eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f((k+1)(k+2),2)))eq\s\up12(2)=[1+2+…+k+(k+1)]2.所以当n=k+1时,13+23+…+n3=(1+2+…+n)2也成立.综合(1)(2)可知,对任何正整数n,原等式成立.归纳升华1.证明代数恒等式的关键是:第二步将式子转化成与归纳假设结构相同的形式——凑假设,然后利用归纳假设,经过恒等变形,得到结论所需要的形式——凑结论.2.证明不等式的题型多种多样,所以不等式的证明是一个难点,在由n=k成立,推导n=k+1也成立时,过去讲过的证明不等式的方法在此都可以使用,如比较法、放缩法、分析法、反证法等,有时还要考虑与原不等式等价的命题.3.利用数学归纳法证明整除性问题时,第二步一般先将n=k+1代入原式,然后将原式作适当的恒等变形,凑出归纳假设,这是证明的关键和难点.[变式训练]设an=eq\r(1×2)+eq\r(2×3)+…+eq\r(n(n+1))(n∈N+),求证:eq\f(1,2)n(n+1)<an<eq\f(1,2)(n+1)2.证明:①当n=1时,a1=eq\r(2),eq\f(1,2)n(n+1)=1,eq\f(1,2)(n+1)2=2,所以1<eq\r(2)<2,所以n=1时,不等式成立.②假设当n=k时不等式成立,即eq\f(1,2)k(k+1)<ak<eq\f(1,2)(k+1)2,当n=k+1时,eq\f(1,2)k(k+1)+eq\r((k+1)(k+2))<ak+1<eq\f(1,2)(k+1)2+eq\r((k+1)(k+2)),eq\f(1,2)k(k+1)+eq\r((k+1)(k+2))>eq\f(1,2)k(k+1)+(k+1)=eq\f(1,2)(k+1)·(k+2)=eq\f(1,2)(k+1)[(k+1)+1],eq\f(1,2)(k+1)2+eq\r((k+1)(k+2))=eq\f(1,2)(k+1)2+eq\r(k2+3k+2)<eq\f(1,2)(k+1)2+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(k+\f(3,2)))=eq\f(1,2)(k+2)2=eq\f(1,2)[(k+1)+1]2,所以eq\f(1,2)(k+1)[(k+1)+1]<ak+1<eq\f(1,2)[(k+1)+1]2,即当n=k+1时,不等式也成立.根据①②可知对任意的n∈N+,不等式eq\f(1,2)n(n+1)<an<eq\f(1,2)(n+1)2恒成立.专题二归纳、猜想、证明思想的应用归纳、猜想、证明属于探索性问题的一种,一般经过计算、观察、归纳,然后猜想出结论,再利用数学归纳法证明,由于“猜想”是“证明”的前提和“对象”,因此务必要保持猜想的正确性,同时要注意数学归纳法步骤的书写.[例2]数列{an}满足Sn=2n-an.(1)计算a1,a2,a3,a4,并由此猜想通项公式an;(2)用数学归纳法证明(1)的猜想.(1)解:当n=1时,a1=S1=2-a1,所以a1=1.当n=2时,a1+a2=S2=2×2-a2,所以a2=eq\f(3,2).当n=3时,a1+a2+a3=S3=2×3-a3,所以a3=eq\f(7,4).当n=4时,a1+a2+a3+a4=S4=2×4-a4,所以a4=eq\f(15,8).由此猜想an=eq\f(2n-1,2n-1)(n∈N*).(2)证明:①当n=1时,a1=1,结论成立.②假设当n=k(k≥1且k∈N+)时,结论成立,即ak=eq\f(2k-1,2k-1).当n=k+1时,ak+1=Sk+1-Sk=2(k+1)-ak+1-2k+ak=2+ak-ak+1,即ak+1=2+ak-ak+1,所以ak+1=eq\f(2+ak,2)=eq\f(2+\f(2k-1,2k-1),2)=eq\f(2k+1-1,2k),这表明当n=k+1时,结论成立.由①②知猜想的通项公式an=eq\f(2n-1,2n-1)成立.归纳升华此类猜想数列通项公式的题,是通过利用递推关系来完成n=k+1的证明的.[变式训练]数列{an}满足a1=1,an=eq\r(2aeq\o\al(2,n-1)+1)(n∈N+,n≥2).(1)写出数列{an}的前五项;(2)猜测数列{an}的通项公式,并用数学归纳法证明.解:(1)a1=1,a2=eq\r(3),a3=eq\r(7),a4=eq\r(15),a5=eq\r(31).(2)猜想an=eq\r(2n-1)(n∈N+).下面用数学归纳法证明:①当n=1时,a1=eq\r(21-1)=1,显然成立.②假设当n=k时结论成立,即ak=eq\r(2k-1).当n=k+1时,ak+1=eq\r(2aeq\o\al(2,k)+1)=eq\r(2(2k-1)+1)=eq\r(2k+1-1).这表明当n=k+1时,结论成立.由①②知,结论对所有的正整数都成立.专题三转化和化归思想把所要证的平面几何问题转化,运用数学归纳法来解决,这体现了转化和化归的思想.一般将待解决的平面几何问题进行转化,使之化为我们熟悉的或容易解决的问题.[例3]设平面α内有n条直线,这n条直线把平面α分成互不垂叠的区域个数的最大值为f(n),求f(n)的解析式,并用数学归纳法证明.解:设平面α内k(k≥1)条直线把平面α分成区域个数的最大值为f(k),则第k+1条直线与前k条直线最多有k个交点,因此第k+1条直线最多可以被分成k+1段,每一段可把所在的区域分为两部分,所以比原来的区域增加k+1个,即有f(k+1)=f(k)+k+1,所以f(k+1)-f(k)=k+1.于是f(2)-f(1)=2,f(3)-f(2)=3,…,f(n)-f(n-1)=n.把以上n-1个等式相加得f(n)-f(1)=2+3+…+n.因为f(1)=2,所以f(n)=f(1)+(2+3+…+n)=eq\f(1,2)(n2+n+2).下面用数学归纳法证明:(1)n=1时,一条直线可以把平面分成2个,即f(1)=2,而eq\f(1,2)(n2+n+2)=eq\f(1,2)(1+1+2)=2,所以命题成立.(2)假设n=k时,f(k)=eq\f(1,2)(k2+k+2)成立,当n=k+1时,f(k+1)=f(k)+(k+1)=eq\f(1,2)(k2+k+2)+(k+1)=eq\f(1,2)(k2+2k+1+k+3)=eq\f(1,2)[(k+1)2+(k+1)+2],所以命题仍成立.由(1)(2)知,当n∈N*时,f(n)=eq\f(1,2)(n2+n+2)成立.归纳升华有关几何图形的性质、公式等与自然数n有关的命题,主要是抓住递推关系,明确要证明的表达式,然后转化用数学归纳法进行证明.[变式训练]用数学归纳法证明:任意凸多边形都可以变成一个和它等面积的三角形.证明:(1)当n=3时,命题显然成立;(2)假设当n=k(k≥3,k∈N+)时,命题成立,即任意凸k边形都可以变成一个和它等面积的三角形.则当n=k+1时,对于
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