高中物理高考三轮冲刺 2023北京高考冲刺卷5

2023北京高考冲刺（5）2023.1.有关分子动理论和物体的内能，下列叙述正确的是（）A.温度升高，物体内每个分子的动能一定增大B.布朗运动指的是分子的热运动C.气体的压强是由于大量分子频繁撞击器壁产生的D．如果外界对它做功则系统内能一定增加2.如图所示，直线OO′与上下表面平行的玻璃砖垂直且与其上表面交于N点。a、b为两束不同频率的单色光，以45°的入射角射到玻璃砖的上表面，入射点A、B到N点的距离相等，经折射后两束光相交于图中的P点。下列说法正确的是（）A．在真空中，a光的传播速度小于b光的传播速度B．对同一装置发生光电效应，a光打出的光电子的初动能比b光的大C．同时增大入射角(始终小于90°)，则a光在下表面先发生全反射D．对同一双缝干涉装置，a光的干涉条纹比b光的干涉条纹宽3.如图，一块足够长的浅色长木板，静止地放置在水平地面上。一个煤块静止在该木板上，煤块与木板间的滑动摩擦系数为。突然，使木板以恒定的速度做向右匀速直线运动，煤块将在木板上划下黑色痕迹。经过某一时间t，煤块与木板相对静止做匀速运动。已知重力加速度为g，煤块可视为质点，不计煤块与木板摩擦中损失的质量。则木板上出现的黑色痕迹的长度是（ ）A、 B、v0t C、v0t—μgt2 D、4.如图表示洛伦兹力演示仪，用于观察运动电子在磁场中的运动，在实验过程中下列选项错误的是（）A．不加磁场时电子束的径迹是直线B．加磁场并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周C．保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径减小D．保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小9.如图，是一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为n，原线圈接电压为U的交流电源，输出端接有一只电阻为R的灯泡L和风扇电动机D，电动机线圈电阻为r。接通电源后，电风扇正常运转，测出通过风扇电动机的电流为I，则下列说法正确的是()A．风扇电动机D两端的电压为LB．理想变压器的输入功率为LC．风扇电动机D输出的机械功率为D．若电风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为（2）在“测定玻璃的折射率”实验中，某同学经正确的操作，插好了4枚大头针P1、P2和P3、P4，如图所示。①在坐标纸上画出完整的光路图，并标出入射角θ1和折射角θ2；②对画出的光路图进行测量，求出该玻璃的折射率n=_________（结果保留2位有效数字）。(3)有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60cm，电阻大约为6，横截面如图甲所示。=1\*GB3①用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径图甲图乙为mm图甲图乙=2\*GB3②.现有如下器材A．电流表（量程0.6A，内阻约为）B．电流表（量程3A，内阻约为）C．电压表（量程3V，内阻约为3）D．滑动变阻器（1000，0.3A）图丙E．滑动变阻器（15，3A）图丙F．蓄电池（6V，内阻很小）G．开关，带夹子的导线若干实验采用限流式接法，请将图丙所示的实际测量电路补充完整。电路中的电流表应选，滑动变阻器应选。（只填代号字母）=3\*GB3③已知金属管线样品材料的电阻率为，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的截面积S，在前面实验的基础上，还需要精确测量的物理量是（所测物理量用字母表示并用文字说明）。计算中空部分截面积的表达式为S=。13.如图示，两条间距为h的水平虚线之间存在方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度大小按图乙中B－t图象变化(图中B0已知)．现有一个“日”字形刚性金属线框ABCDEF，它的质量为m，EF中间接有一开关S，开关S闭合时三条水平边框的电阻均为R，其余各边电阻不计．AB＝CD＝EF＝L，AD＝DE＝h.用两根轻质的绝缘细线把线框竖直悬挂住，AB边恰好在磁场区域M1N1和M2N2的正中间，开始开关S处于断开状态．t0(未知)时刻细线恰好松弛，此后闭合开关同时剪断两根细线，当CD边刚进入磁场上边界M1N1时线框恰好做匀速运动(空气阻力不计)．求：(1)t0的值；(2)线框EF边刚离开磁场下边界M2N2时的速度；(3)从剪断细线到线框EF边离开磁场下边界M2N2的过程中金属线框中产生的焦耳热．14.图甲是中国自行设计、研制的最大的受控核聚变实验装置：其原理如图乙，带电粒子被强电流线圈产生的磁场约束在一个半经为r的“容器”中，通电线圈产生的圆形磁场可看作匀强磁场，磁场圆半径为R，R>r且两圆同心，磁感应强度为B,它们的截面如图丙所示。“容器”中有质量均为m，带电量均为q的带电粒子，在“容器”内运动，有些粒子会运动到“容器”的边缘，观察到在“容器”的边缘各处，有向各个方向离开“容器”的粒子，且每个方向的粒子的速度都从0到v分布。不久，所有粒子都能返回“容器”。(本题只考虑运动方向与磁场垂直的粒子，不计粒子重力和粒子间相互作用和碰撞）（1）要产生如图乙所示的磁场，逆着磁场方向看，线圈中的电流方向如何？不改变装置结构，要改变磁场，可釆取什么方法？ （2）为保证所有粒子从“容器”边缘处离开又能返回，求带电粒子的最大动能（3）如果“容器”中带电粒子是核聚变的原料、，它们被同一个加速电场加速而获得相同的动能，但被该装置约束后，它们的“容器”半径会不同。现用该装置约束这两种粒子，设它们“容器”的最大的半径分别为r1、r2，试推导r1、r2和R应满足的关系式。参考答案4.C11.(1)ABC(2)①如图所示②(3)答案（1）0.900mm（2分）；（2）A（2分）；E（2分）；连线如图所示（1分，有连错的不得分）。（3）管线长度L（1分，物理量、表示符号都要写全，否则不给分）；（2分）13.解析(1)细线恰好松弛，对线框受力分析有B0IL＝mg，I＝eq\f(E,R＋R)＝eq\f(E,2R)因感生产生的感应电动势E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(ΔB·S,Δt)＝eq\f(B0S,t0)S＝eq\f(1,2)Lh得t0＝eq\f(B\o\al(2,0)L2h,4mgR).(2)当CD边到达M1N1时线框恰好匀速运动，设速度为v′.线框受力分析有B0I′L＝mgI′＝eq\f(E′,R＋\f(R,2))＝eq\f(2E′,3R)因CD边切割产生的感应电动势E′＝B0Lv′解得v′＝eq\f(3mgR,2B\o\al(2,0)L2)CD边到达M1N1至EF边离开磁场过程线框一直做匀速运动，因此EF边刚离开M2N2时，速度为v＝v′＝eq\f(3mgR,2B\o\al(2,0)L2)(3)根据能量守恒定律得：Q＝mg·eq\f(5,2)h－eq\f(1,2)mv2＝eq\f(5,2)mgh－eq\f(9,8)eq\f(m3g2R2,B\o\al(4,0)L4).14.（1）由安培定则，电流为逆时针方向；改编线圈中的电流方向，就可以改变磁场方向；改变线圈中的电流大小，就可以改变磁场强弱。（2）如图所示，考虑临界情况，最大速率为v的粒子，从“容器”边缘切线方向离开，在磁场中做圆周运动的轨迹刚好与磁场圆相切。设这个轨迹圆半径为，由几何关系得，最终解得（3）、两种粒子电荷相同，动能相同，因此，，，得到，，最终解得补充：1.如图，质量为m的小球从斜轨道高h处由静止滑下，然后沿竖直圆轨道的内侧运动。已知圆轨道的半径为R，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g．则下列说法正确的是（）A．当h=2R时，小球恰好能到达最高点MB．当h=2R时，小球在圆心等高处P时对轨道压力为2mgC．当h≤R时，小球在运动过程中不会脱离轨道D．当h=R时，小球在最低点N时对轨道压