肇庆市2020届高三物理第二次统一检测试题含解析

广东省肇庆市2020届高三物理第二次统一检测试题含解析广东省肇庆市2020届高三物理第二次统一检测试题含解析PAGE22-广东省肇庆市2020届高三物理第二次统一检测试题含解析广东省肇庆市2020届高三物理第二次统一检测试题(含解析)第Ⅰ卷（选择题共126分)一、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中，1~5题只有一项是符合题目要求的,第6~9题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1。下列说法正确是(）A。根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道,原子的能量减少，电子的动能增加B.中子与质子结合成氘核时吸收能量C.卢瑟福的α粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的D。入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度,则不可能发生光电效应【答案】A【解析】【详解】A．电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子,总能量减小；根据可知半径越小，动能越大，故A正确；B．中子与质子结合成氘核的过程中有质量亏损,释放能量,故B错误;C．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型,故C错误；D．根据光电效应方程EKM=hγ－W0知,入射光的频率不变，若仅减弱该光的强度，则仍一定能发生光电效应，故D错误。故选A。2.一带电粒子从电场中的A点运动到B点,其运动轨迹如图中虚线所示,若不计粒子所受重力，下列说法中正确的是（)A。粒子带负电荷B.粒子的初速度不为零C.粒子在A点的速度大于在B点的速度D.粒子的加速度大小先减小后增大【答案】B【解析】【详解】A．由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向沿电场线向右,与电场强度方向相同,故粒子带正电，故A错误；B．依据运动轨迹,可知，粒子的初速度不为零，否则运动轨迹与电场力共线，故B正确；C．根据沿电场线方向电势降低可知，A点电势比B点电势高,带正电的粒子在A点的电势能大于B点的电势能，由能量守恒可知，粒子在A点的动能比B点的小，即粒子在A点的速度小于在B点的速度D．依据电场线密集，电场强度大，电场力大，加速度大，所以粒子的加速度先增大后减小，故D错误。故选B.3。如图所示,一块可升降白板沿墙壁竖直向上做匀速运动，某同学用画笔在白板上画线，画笔相对于墙壁从静止开始水平向右先匀加速，后匀减速直到停止．取水平向右为x轴正方向，竖直向下为y轴正方向,则画笔在白板上画出的轨迹可能为()A. B。 C。 D。【答案】D【解析】【分析】找出画笔竖直方向和水平方向的运动规律，然后利用运动的合成与分解进行求解即可；【详解】由题可知,画笔相对白板竖直方向向下做匀速运动,水平方向先向右做匀加速运动，根据运动的合成和分解可知此时画笔做曲线运动，由于合力向右,则曲线向右弯曲，然后水平方向向右减速运动，同理可知轨迹仍为曲线运动，由于合力向左,则曲线向左弯曲，故选项D正确，ABC错误．【点睛】本题考查的是运动的合成与分解,同时注意曲线运动的条件，质点合力的方向大约指向曲线的凹侧．4.某研究性学习小组在探究电磁感应现象和楞次定律时,设计并进行了如下实验：如图，矩形金属线圈放置在水平薄玻璃板上，有两块相同的蹄形磁铁，相对固定，四个磁极之间的距离相等．当两块磁铁匀速向右通过线圈位置时，线圈静止不动，那么线圈所受摩擦力的方向是（)A。先向左，后向右 B.先向左，后向右，再向左C。一直向右 D。一直向左【答案】D【解析】【详解】当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，两个磁场产生相互排斥的作用力；当原磁通量减少时，感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同,两个磁场产生相互吸引的作用力，所以感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动．当磁铁匀速向右通过线圈时，N极靠近线圈，线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动，给磁极向左的安培力，那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动,是因为受到了向左的摩擦力．当N极离开线圈，线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动,给磁极向左的安培力,那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动,是因为受到了向左的摩擦力．所以整个过程线圈所受的摩擦力一直向左．故D正确．故选D．5。2019年4月20日22时41分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第四十四颗北斗导航卫星.它是北斗三号系统首颗倾斜地球同步轨道卫星,经过一系列在轨测试后，该卫星将与此前发射的18颗中圆地球轨道卫星和1颗地球同步轨道卫星进行组网。已知中圆地球轨道卫星的轨道半径是地球同步轨道卫星的半径的，中圆地球轨道卫星轨道半径为地球半径的k倍，地球表面的重力加速度为g,地球的自转周期为T，则中圆地球轨道卫星在轨运行的（）A。周期为B.周期为C.向心加速度大小为D。向心加速度大小为【答案】C【解析】【详解】AB．中圆地球轨道卫星和同步卫星均绕地球做匀速圆周运动，已知中圆地球轨道卫星的轨道半径是地球同步轨道卫星的半径的,地球的自转周期为T，根据开普勒第三定律可知:解得故AB错误;CD．物体在地球表面受到的重力等于万有引力，有中圆轨道卫星有解得故C正确，D错误。故选C。6。为探究小球沿光滑斜面的运动规律，小李同学将一小钢球分别从图中斜面的顶端由静止释放，下列说法中正确的是（）A.甲图中小球在斜面1、2上的运动时间相等B。甲图中小球下滑至斜面1、2底端时的速度大小相等C.乙图中小球在斜面3、4上的运动时间相等D.乙图中小球下滑至斜面3、4底端时速度大小相等【答案】BC【解析】【详解】A．设斜面与水平面的倾角为θ，根据牛顿第二定律得加速度为甲图中，设斜面得高度为h，则斜面得长度为小球运动的时间为可知小球在斜面2上运动的时间长，故A错误；B．达斜面底端的速度为与斜面得倾角无关，与h有关，所以甲图中小球下滑至斜面1、2底端时的速度大小相等，故B正确；C．乙图中，设底边的长度为d，则斜面的长度为根据得可知和时，时间相等，故C正确；D．根据，可知速度仅仅与斜面得高度h有关，与其他的因素无关，所以乙图中小球下滑至斜面4底端时的速度较大,故D错误.故选BC。7。如图所示，斜面体置于粗糙水平地面上，斜面体上方水平固定一根光滑直杆，直杆上套有一个滑块．滑块连接一根细线，细线的另一端连接一个置于斜面上的光滑小球．最初斜面与小球都保持静止，现对滑块施加水平向右的外力使其缓慢向右滑动至A点,如果整个过程斜面保持静止，小球未滑离斜面，滑块滑动到A点时细线恰好平行于斜面，则下列说法正确的是A.斜面对小球的支持力逐渐减小B。细线对小球的拉力逐渐减小C.滑块受到水平向右的外力逐渐增大D.水平地面对斜面体的支持力逐渐减小【答案】BC【解析】【详解】AB．对小球受力分析可知，沿斜面方向：，在垂直斜面方向：（其中是细线与斜面的夹角,为斜面的倾角）,现对滑块施加水平向右的外力使其缓慢向右滑动至A点，变小，则细线对小球的拉力变小，斜面对小球的支持力变大，故选项B正确，A错误；C．对滑块受力分析可知，在水平方向则有:，由于变小，则有滑块受到水平向右的外力逐渐增大，故选项C正确；D．对斜面和小球为对象受力分析可知，在竖直方向则有：，由于变小,所以水平地面对斜面体的支持力逐渐增大,故选项D错误．8.如图所示，在坐标系xOy中，有边长为L的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧，的I、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t=0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则在线圈穿过磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差Uab随时间t变化的图线是下图中的(

)A。 B. C. D.【答案】AD【解析】试题分析：在d点运动到O点过程中,ab边切割磁感线,根据右手定则可以确定线框中电流方向为逆时针方向，即正方向,电动势均匀减小到0，则电流均匀减小到0;然后cd边开始切割，感应电流的方向为顺时针方向，即负方向，电动势均匀减小到0，则电流均匀减小到0．A正确,B错误．d点运动到O点过程中，ab边切割磁感线，ab相当于电源，电流由a到b，b点的电势高于a点,ab间的电势差Uab为负值，大小等于电流乘以bcda三条边的电阻，并逐渐减小．ab边出磁场后后，cd边开始切割,cd边相当于电源，电流由b到a，ab间的电势差Uab为负值，大小等于电流乘以ab边得电阻，并逐渐减小．故C错误，D正确．考点：本题考查导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则．Ⅱ卷（非选择题，共62分）二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9～12题为必考题，每个学生都必须作答。第13~16为选考题，考生根据要求作答。（一)必答题9.某同学用图甲所示装置测量木块与木板间动摩擦因数．图中,置于实验台上的长木板水平放置，其左端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小木块相连，另一端可悬挂钩码．实验中可用的钩码共有N个，将（依次取=1，2，3,4，5)个钩码挂在轻绳左端，其余个钩码放在木块的凹槽中，释放小木块，利用打点计时器打出的纸带测量木块的加速度．(1)正确进行实验操作,得到一条纸带,从某个清晰的打点开始，依次标注0、1、2、3、4、5、6，分别测出位置0到位置3、位置6间的距离，如图乙所示．已知打点周期T=0.02s，则木块的加速度=____m／s2．(2）改变悬挂钩码的个数n,测得相应的加速度a,将获得数据在坐标纸中描出（仅给出了其中一部分)如图丙所示．取重力加速度g=10m／s2,则木块与木板间动摩擦因数______(保留2位有效数字）（3)实验中______(选填“需要”或“不需要"）满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量．【答案】（1).（2）.（3).不需要【解析】【详解】（1）木块的加速度：.（2）对N个砝码的整体，根据牛顿第二定律:，解得；画出a—n图像如图;由图可知μg=1.6，解得μ=0.16。(3）实验中是对N个砝码的整体进行研究，则不需要满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量．10.某同学想在实验室测量电压表V1的内阻．（1)他先用多用电表的欧姆挡“×1k"测量,如图甲所示，该读数为________Ω；多用表的红表笔与电压表V的________(选填“正”或“负”)的接线柱相连．（2)为了更准确地测量电压表V1的内阻，实验室提供的实验器材如下：A。待测电压表V1（量程为0～3V）;B。电压表V2(量程为0~9V,内阻约为9kΩ）；C。滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）；D。定值电阻R3(阻值为6kΩ）；E.电源（电动势为9V,内阻约为1Ω）；F开关一个、导线若干．①根据提供器材，连接图乙中的实物图__________．②某次实验时电压表V1和电压表V2的读数分别为U1和U2，移动滑动变阻器滑片,多次测量，作出U2U1图象如图丙所示，已知图象的斜率为k,则内阻RV1的表达式为________(用R3和k表示）．③考虑电压表V2的内电阻，则该方法对实验的测量结果________（选填“有”或“无”)影响．【答案】（1）.（1）6000（2)。负(3）。（2)电路如图;（4）。(5）。无【解析】【分析】（1）根据欧姆表的倍率挡和表盘进行读数；欧姆表红表笔接内部电源的负极．（2）根据实验原理设计电路图；根据电路图找到U2和U1的函数关系，根据斜率求解RV;根据电路结构判断电压表V2内阻的影响。【详解】（1）用多用电表的欧姆挡“×1k"测量,该读数为6×1kΩ=6000Ω；电流从多用电表的负极流入，则多用表的红表笔与电压表V的负的接线柱相连．（2）①实物连线如图；②由欧姆定律可得:,即，则，解得③由电路图可知,电压表V2的内阻对测量结果无影响。11.如图，半径为a的内圆A是电子发射器，其金属圆周表圆各处可沿纸面内的任意方向发射速率为v的电子；外圆C为与A同心的金属网,半径为a．不考虑静电感应及电子的重力和电子间的相互作用，已知电子质量为m，电量为e．(1）为使从C射出的电子速率达到3v，C、A间应加多大的电压U；（2）C、A间不加电压，而加垂直于纸面向里的匀强磁场．①若沿A径向射出的电子恰好不从C射出，求该电子第一次回到A时,在磁场中运动的时间t；②为使所有电子都不从C射出，所加磁场磁感应强度B应多大．【答案】（1）（2）①②【解析】【详解】（1）对电子经C、A间的电场加速时，由动能定理得得（2)电子在C、A间磁场中运动轨迹与金属网相切．轨迹如图所示．设此轨迹圆的半径为r,则又得故θ=60°所以电子在磁场中运动的时间得（3）若沿切线方向射出的电子轨迹恰好与金属网C相切．则所有电子都不从C射出，轨迹如图所示：又得所以12。如图所示，小球A及水平地面上紧密相挨的若干个小球的质量均为m，水平地面的小球右边有一固定的弹性挡板；B为带有四分之一圆弧面的物体,质量为km(其中k为整数),半径为R，其轨道末端与水平地面相切．现让小球A从B的轨道正上方距地面高为h处静止释放，经B末端滑出，最后与水平面上的小球发生碰撞,其中小球之间、小球与挡板之间的碰撞均为弹性正碰,所有接触面均光滑,重力加速度为g.求:（1）小球第一次从B的轨道末端水平滑出时的速度大小；（2）若小球A第一次返回恰好没有冲出B的上端，则h与R的比值大小;（3)若水平面上最右端的小球仪能与挡板发生两次碰撞,则k的取值大小.【答案】(1)(2)（3）【解析】【详解】(1)对AB由水平方向动量守恒有：对AB由能量守恒有：联立解得：(2)对AB由水平方向动量守恒有:对AB由能量守恒有：联立解得：（3）要使小球与挡板发生两次碰撞，则有碰后小球A的速度小于等于B球的速度,由能量守恒有联立解得：三、选考题：共15分。请考生从给出的2道物理题任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题号后的方框涂黑。注意所选题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡作答区域指定位置答题。如果多做,则每学科按所做的第一题计分【物理－选修3—3】13.下面正确的是_______A。热量一定是从内能多的物体传递到内能少的物体B.在绝热条件下压缩气体,气体的内能一定增加C.人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度D。液体具有流动性是因为液体分子具有固定的平衡位置E。当两分子间距离为r0时，分子力为0;当分子间距离小于r0时,分子间表现为斥力【答案】BCE【解析】【详解】A．热量能从温度高的物体传递到温度低的物体,但温度高的物体的内能不一定大,故A错误；B．在绝热条件下压缩气体，外界对气体做功而没有热传递，根据热力学第一定律可知气体的内能一定增加,故B正确;C．人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度,空气的相对湿度越大，人们感觉越潮湿，相对湿度越小感觉越干燥，故C正确；D．液体具有流动性是因为液体分子不具有固定的平衡位置，故D错误；E．根据分子力的特点可知，当两分子间距离为r0时，分子力为0，当分子间距离小于r0时,分子间表现为斥力，故E正确；故选BCE14.如图甲所示，内壁光滑、导热良好、质量为的汽缸开口向上竖直放置在水平地面上，上部分的横截面积为S,下部分的横截面积为2S，下部分汽缸高L，汽缸内有两个质量忽略不计、厚度不计的活塞A、B封闭了Ⅰ、Ⅱ两部分理想气体,A活塞正好处在汽缸上下两部分的分界处,B活塞处在下部分汽缸的正中间位置处。现将该装置挂起来，气缸脱离地面稳定后如图乙所示。A活塞始终未与汽缸脱离，已知重力加速度为g，外界温度为T，大气压强为P0。①若环境温度保持不变，求乙图中A活塞向上移动的距离；②若环境温度缓慢升高，B活塞恰能升