人教版高中物理必修三综合检测试卷及答案

模块素养检测(90分钟100【合格性考试】(60分钟 一、选择题(此题共9小题,每题3分,共27分)两个一样的带电小球可视为点电荷,所带电荷量之比为1∶7,在真空中相距为r时,两球间斥力大小为F。现将两球接触后再放回原处,则它们间的静电力大小变为 ( )A.F B.F C.F D.F【解析】选A。两球开头时受斥力,故说明二者带同种电荷;设一个球的带电量为q,则另一个球的带电量为Q=7q,此时F= ,带同种电荷,接触后再分开,带电量各为4q,则两球的库仑力大小F”= = F;故A正确,B、C、D错误。m上,形成闭合导体回路。甲、乙两位同学沿南北方向站立匀速摇动电线时,灵敏电流表的示数II,则()1 2A.I=0,I≠0 B.I≠0,I=01 2 1 2C.I≠0,I≠0 D.I=0,I=01 2 1 2【解析】选C。由于地球的四周存在磁场,且磁感线的方向是从地理的南极指向地理的北极,所以当两个同学沿东西方向站立,并匀速摇动电线时,电线做切割磁感线运动,产生感应电流,,由于北半球的地磁场有向下的重量,所以穿过闭合2导体回路的磁通量发生变化,有感应电流,所以I≠0,选项C正确。1m的带电量为q的小球A悬挂在绝缘细线上,当小球静止时,细线与竖直方向成30°角。则该电场电场强度的最小值为 ( )-1-A. B.C. D.:mgFT,依据平衡条件得知:FFT6060由图求出电场力的最小值为:F

=mgsin30°,又F

=qE,得:E=

A,B、C、DA。

min

min某静电场的电场线分布如下图,图中P、Q两点的电场强度分别为EP

EQ( )A.E<E,方向不同 B.E>E,方向一样P Q P QC.E>E,方向不同 D.E<E,方向一样P Q P Q【解析】选C。由题图可看出P点处电场线密,电场强度大,E>E,而电场强度的方向为电场线P Q在该点的切线方向,所以方向不同,选项C正确,A、B、D错误。-2-虚线代表电场中的三个等势面,实线为一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,以下说法中正确的选项是( )粒子带负电QPPQPQP向如下图,由于带电粒子受到的电场力和电场强度共线,且在曲线的内侧,所以粒子在P点受到的电场力AQP强度比PQPBEqφ,P由于PQPQPQC,D,baacaa( )A.V1B.V1C.V2D.V2

V3V2V1V3

-3-【解析】B。由题意可知:L=2L=2L,S=2S=2SbR=R,R=c a b b a c ba b c a c a b的电流相等,U=IR得:U∶U∶U=4∶2∶1,U∶U∶U=4∶2∶1,B正确。c a b V3 V1 V2如下图,A、B、C、D、E、F3cm的正六边形的六个顶点,该六则以下说法正确的选项是()匀强电场的场强方向为由B指向DDA9.6×10-19JD.300V/m【解析】BAE两点,0V,C等势,C与该中点连线即为等势线,该EF不是等势线,BDCF垂直,BD为一条电场线,但电场线的方向是由高电势指向低电势,DB,A、C错误;D点移

=-1.6×10-19×(3+3)J=-9.6×10-19J,所以电势能增加了DA9.6×10-19J,故B正确;场强大小为E= = V/m= V/m,故D错误。E,CU( )B.CEC.闪光灯闪光时,电容器所带的电荷量肯定增大R-4-【解析】D。电容器两端的电压与闪光灯两端的电压相等,当电源给电容器充电,到达闪光灯击穿电压U时,闪光灯通电发光,电容器放电,放电后闪光灯两端电压小于U,断路,电源再次闪光灯又通电发光,电容器放电,,使得闪光U,U,A项错误;U,CU,B项错误;闪光灯闪光时电容器放电,所带电荷量减小,C项错误;R,放电时电荷通过闪光灯,R的电荷量与通过闪光灯的电荷量肯定相等,D项正确。,有三个质量相等,分别带正电负电和不带电的微粒,从极板左侧中心以一样的水平初速度v先后垂直场强射入,分别落到极板A、B、C处,如下图,则正确的选项是( )B.三个粒子在电场中运动时间相等C.a>a>aA B CD.E<E<EkA kB kC【解析】选D。三个微粒的初速度相等,水平位移关系为x>x>x,依据水平方向做匀速直线运A B C动,t>t>t,依据y=at2可知,A B Ca<a<aB仅受重力,A受电场力向上,C受电场力向下,BA B C不带电,A带正电,C带负电,ABC错误;依据动能定理,三个微粒重力做功相等,电场力对A做负功,电场力对C做正功,所以C的动能变化量最大,A的动能变化量最小,又由于初动能相E

<E<E

,D正确。二、试验题(6分)

kA kB kC在探究“打算导线电阻因素”的试验中。需要进展以下测量:-5-框内填入正确数字。电流测量范围尽可能大一些以下器材中:电流表应选用(填器材的标号,下同) ,电压表应选用 ,滑动变阻器应选用 并在如图2的虚线框内画出你设计的试验电路图。E(6V,内阻很小)A(0～3A,0.01Ω)1A(0～0.6A,0.1Ω)2V(0～3V,3kΩ)1V(0～6V,6kΩ)2R(0～5Ω,2A)1R(0～1kΩ,1A)2电键、导线mm0.5mm+20.1×0.01mm,15、20、25。(2)6V,V(0～6V,6kΩ),I==2A=0.5A,则电流表可选:A(0～0.6A,0.1Ω),电压从零开头,滑动变阻器应承受分压2接法,由于= =120< = =500,则电流表承受外接法,滑动变阻器的范围应与电阻值差不多,便利调整,所以滑动变阻器选R,试验电路图如下图。1答案:(1)1520 25(自下而上)(2)A2

VR试验电路图见解析2 1单位)-6-30cm,带有等量异种电荷。在两板间用绝缘细线悬m=4.0×10-5kg,q=+3.0×10-7Cα=37°,如下图。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g10m/s2)求:(2)ABF=qE=mgtan37°,E=1000N/C。V=300V。答案:(1)1000N/C(2)300Vq=-4×10-7CABW=3.2×10-6J,ABL=4m,60°;求:ABB、AUBA

是多少。E【解析】(1)AB间电势差为:U= = V=-8VAB

=-U

=8VBA AB(2)匀强电场的电场强度为:-7-E= = V/m=4V/m答案:(1)8V(2)4V/mm=2.0×10-11kgq=1.0×10-5C=100V1电场中。金属板长L=20cm,两板间距d=10 cm。微粒进入偏转电场时的速度是多大?假设微粒射出电场时的偏转角度θ为30°,则两金属板间的电压U2【解析】(1)设带电微粒经加速电场加速后速度为v,依据动能定理:1

是多大?qU=m1解得:v= =1.0×104m/s1(2)带电微粒在偏转电场中只受静电力作用,做类平抛运动。L=vt,t=1设电子在偏转电场中运动的加速度为a,射出电场时竖直方向的速度为v,2a==v=at= ·2tanθ== =解得:U=100V2答案:(1)1.0×104m/s (2)100V【选择性考试】(3040-8-,两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态,电流表和电压表均为抱负电表,由于某种缘由灯泡L的灯丝突然烧断,其余用电器均不会损坏,则以下说法正确的选项是 ( )B.电源内阻消耗的功率变大C.液滴将向上运动D.电源的输出功率变大【解析】选C。当L的灯丝突然烧断时电路中总电阻增大,则总电流减小,电源的内电压和R1两端电压减小,由闭合电路欧姆定律可知,路端电压增大,故电容器C两端的电压增大,板间场强增大,带电液滴所受的静电力增大,则该液滴将向上运动,C正确;由于C两端的电压增大,R、2R中的电流增大,,A错误;因干路电流减小,则电源内阻消耗的3,不能推断电源的输出功率如何变化,DC。V,O、C2cm,V/m,ODB.BC.D电子运动到某一位置,其电势能为-2eV,8eVABDU,OC10eV4eV,依据动能定理可得-e(φ-φ)=-6eV,φ-φ=6V,φ-φ=3U,U=2V,O C O C O COC电子动能减小,电势能增大,而电子带负电,OC电势降低,所以电场线方向-9-OC,A2V,B的电势为零,B正确;E=E=100V/m,A正确;因只有静电力做功,动能与电势能之和保持不变,当电子的速度为零时,设此时电子所在等势面的电势为φ,由能量守恒定律可得eφ+6eV=eφ,因B的电势为零,解得φ=-6V,B=8eV,选项D正确。

B k k16.(7ABC向的恒定电流,导线中的电流大小相等,三角形中心O点的磁感应强度大小为B,通电直导0线在某点产生的磁感应强度与通电直导线的电流大小成正比,则以下说法正确的选项是 ( )A.OB.B、COC.BOB0D.AOB0【解析】选B、C、D。依据安培定则可知,A处导线中的电流在O点产生的磁感应强度B、BA处导线中的电流在O点产生的磁感应强度BB

COBC方向如下图,由于各导线中的电流大小相等,它们在O点处产生的磁感应强度的大小相等,B依据平行四边形定则以及几何关系可知,OB=B+2Bcos1 0 1 160°=2B方向水平向左,BOBB选项1 1 0方向水平向左,选项B正确;将A处导线中的电流大小减半,依据通电直导线在某点产生的磁感应强度与通电直导线的电流大小成正比可知,A处导线中的电流在O点产生的磁感应强度大小变为B依据平行四边形定则可知,O点的磁感应强度大小变为BD正确。0 0-10-1.5V1100Ω)的电动势和内阻,试验原理如图中的甲、乙所示(甲、乙两图中电压表内阻约为3000Ω,电流表内阻约为20Ω),应中选择 (选填“甲”或“乙”)电路比较适宜。通过调整滑动变阻器得到多组U、I数据,依据U、I数据绘得的图像如图丙,则电动势为 V,内阻为Ω(以上结果均保存两位有效数字)试验中测量的电池内阻结果与真实值相比 “偏大”“偏小”或“不变”)。水果电池内阻较大,电流表内阻很小,相对于水果电池,电流表承受外接法时电压表分流造成的试验误差较大,电流表承受内接法时电流表分压造成的试验误差较小,为减小试验误差,应承受电流表内接法,应选择图甲所示电路;由图示电源U-I图像可知,电源电动势:E=1.6V,电源内阻:r= = Ω≈1.2×103Ω;表承受外接法,电源内阻测量值等于真实值与电流表内阻之和,