中考物理试卷(含答案)

第第页第=page22页，共=sectionpages22页中考物理试卷(含答案)（时间90分钟，满分100分）题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）我们今天能获得大量清洁方便的电能，主要应归功于下面哪位科学家以及他发现的物理实事（）A.奥斯特：电流周围存在磁场 B.焦耳：电流生热的规律

C.欧姆：电流与电压和电阻的关系 D.法拉第：电磁感应现象下列有关声现象的说法中，正确的是（）A.声音可以在真空中传播 B.人耳能听到各种频率的声音

C.一切正在发声的物体都在振动 D.声音不能在水中传播在如图所示的四位科学家中，以其名字命名电阻单位的是（）A. B. C. D.自然界中的云、雨、雪、雾、露、霜等现象，都是水的物态发生变化形成的，下述物理现象理解正确的是（）A.“飘渺的雾”是汽化现象 B.“晶莹的露”是液化现象

C.“凝重的霜”是液化现象 D.“轻柔的雪”是凝固现象水平桌面上，甲、乙两相同的杯中盛有不同浓度的盐水。现将两相同的物块分别放入杯中，待物块静止时，两杯中液面恰好相平，如图所示。则（

）A.甲杯中物块受到浮力较大

B.乙杯底部受到液体的压强较大

C.向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力一直增大

D.向乙杯中缓慢加水，物块受到的浮力一直减小图甲所示是小云探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（）

A.若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合

B.如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像

C.若实验时装置如图丙所示，则蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜

D.若实验时装置如图丁所示，则蜡烛A不能在玻璃板中成像用如图所示的滑轮组拉物体A在水平桌面上做匀速直线运动．如果拉力F=3N，物体A的速度v=0.2m/s，忽略滑轮重、绳重和轴摩擦．下列说法中正确的是（）A.物体A受到合力不为零 B.物体A受到的摩擦力为9N

C.竖直墙受到的拉力为9N D.拉力F的速度为0.4m/s甲、乙两个质量相同，材质不同的金属块，甲的初温大于乙的初温。若吸收相同的热量后相互接触，热量从乙传递到甲。若放出相同的热量后相互接触，则下列说法正确的是（）A.甲比热容小，热量从甲传递到乙 B.乙比热容小，热量从甲传递到乙

C.甲比热容小，热量从乙传递到甲 D.乙比热容小，热量从乙传递到甲2019年中国杯国际足球锦标赛于3月21日至25日在广西南宁点燃战火，下列与足球有关的说法正确的是（）A.踢球时，脚对球施加了力，球对脚没有力的作用

B.踢出去的球在空中继续运动，是因为球受到惯性作用

C.守门员使球停下来的过程，是力改变了球的运动状态

D.只要脚对球施加的力大小相同，其作用效果一定相同如图所示电路，电源电压恒定，开关闭合后，各电表量程合适且均有示数，现将滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A.电流表和示数都变小

B.电压表的示数变大

C.电压表与电流表的示数之比变大

D.电压表与电流表的示数之比变大

二、填空题（本大题共7小题，共28.0分）如图体温计的测量范围是______，另一温度计的示数为______。

2019年6月23日，我省首条轨道交通线路--兰州地铁I号线正式开通试运营，标志着我省正式进人“地铁时代”。如图所示，小丽乘坐新地铁，她发现地铁严禁携带有“异味”的物品，这是因为“异味”物品的分子发生了______现象，充满了整个密闭空间，影响其他乘客；地铁启动时，她看见墙上的广告牌快速向后飞去，这是以______为参照物的。（1）鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”。其中“连山……向船尾跑去了”所选的参照物是______。

（2）划龙舟时，用桨向后划水船就向前进，说明了______。2018年5月，川航3U8633航班从重庆飞往拉萨的途中，在空中水平匀速飞行时所受重力与飞机升力______（选填“是”或“不是”）一对平衡力，当挡风玻璃突然爆裂，此时副驾驶整个上半身被“吸”出窗外，导致这一现象发生的原因是窗外空气流速大压强______，从而产生了一个向外的压力差。如图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种机械匀速提升物体（绳长不变），测得拉力和物体M、N所受的重力如表所示，F甲F乙F丙F丁GMGN5.5N12N5.5N8N5N10N则甲、乙、丙、丁四种机械中，机械效率最大的是______，大小为______；机械效率最小的是______，大小为______，使用丙提升物体M时______省力（选填“能”或“不能”）。（数值保留两位有效数字）

小明同学用100N的水平推力，推放在水平地面上重500N的物体，使其做匀速直线运动，若该物体在10s内移动6m，则在此过程中重力做功为______J，小明做的功是______J，小明做功的功率是______W。如图1所示，L上标有“6V3W”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，滑动变阻器R的最大电阻为80Ω，只闭合S1，滑片置于a点时，变阻器连入电路的电阻为Ra，电流表示数为Ia，只闭合S2，移动滑片，变阻器两端电压与其连入电路的电阻关系如图2所示，当滑片置于b时，电压表示数Ub=8V，电流表示数为Ib，已知Ra：R0=12：5，Ia：Ib=3：5（灯丝电阻不随温度变化），则定值电阻R0的阻值为______Ω．在电表的示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，只闭合S1时，电路消耗的最小功率为______W。

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）在足球比赛中，八二班的守门员飞起一脚把对方踢过来的球拦到了门外，如图，画出图中足球所受力的示意图．（不考虑空气阻力）

如图所示，小磁针在通电螺线管的上方静止，图中虚线是磁感线，请在图中标出小磁针的N极和螺线管的S极以及电源的“+”、“-”极。

四、实验探究题（本大题共2小题，共16.0分）小明和小华做“探究杠杆的平衡条件”实验。（所用钩码均相同）

（1）实验前，杠杆静止如图甲，则应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）移动；调节杠杆在水平位置平衡的目的是：______。

（2）如图乙，杠杆在水平位置平衡。由此小明得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂。小华认为他的结论不可靠，理由是：______。

（3）若在图乙中的杠杆两侧各添加一个钩码，杠杆将会______（选填“左端下沉”“保持平衡”或“右端下沉”）；

（4）小华用图丙所示装置进行实验：在保持杠杆水平平衡的条件下，将弹簧测力计逐渐向右倾斜，弹簧测力计的示数会逐渐______，其原因是：阻力和阻力臂一定时，动力臂______（选填“变大”或“变小”）

（5）小华继续研究杠杆的机械效率。在B点悬挂总重为G的钩码，弹簧测力计在A点施加竖直向上的拉力F，使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺测出A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则：

①杠杆机械效率的表达式为η=______；（用测量的物理量符号表示）

②若只将测力计的作用点由A点移至C点，仍将钩码提升相同的高度，不计摩擦，杠杆的机械效率将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。晓明同学用如图所示的电路探究导体中电流跟导体电阻的关系，他先后将六个定值电阻接入电路A、B两点间，闭合开关s，读出电流表的示数（如表所示），由实验数据可以看出，电流与电阻不成反比，请回答：

（1）该实验器材______选用不正确，应选用______。

（2）为保证实验正确进行，还需要一个实验器材是______，应连接在______。电阻R/Ω51020303580电流

I/A0.60.50.3750.30.20.15

五、综合题（本大题共2小题，共22.0分）无人机顾名思义就是没有人开的飞机，但你可别小看了无人机。无人机的用途随着科技、生活的潮流在不断发展。无人机的应用范围很广泛。可以用无人机提供网络服务、环境监测、制造浪漫、电力巡检、灾后搜救等等。下表是某小型无人机的部分参数：参数

名称最大飞行

半径/km最大巡航速度/km•h-1整机质

量/kg水平地面总

接触面积/cm2拍摄速度

/帧•秒-1数据55022011000（帧•秒-1是指每秒拍摄的画面数）

（1）人们是用遥控器通过______传输信息操控无人机的，其有效操控面积最大为______πm2。

（2）无人机停放在水平地面时，对地面产生的压强是多大？

（3）当无人机以10m/s的速度匀速直线上升时，升力做功的功率是多少？

（4）小汽车在高速公路上限速120km/h，若交警部门利用无人机进行高速公路通行情况的实时监测，一辆小汽车在通行0.4m的过程中，高速摄像机拍摄帧数为110帧，据此判断小轿车是否超速？（通过计算说明）在如图1所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V．闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I一U关系图象如图2所示。则小灯泡发光时的最小功率为______W，滑动变阻器的最大阻值为______Ω，整个电路的最大电功率为______W。

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：我们今天能获得大量清洁方便的电能主要是通过电磁感应产生的电来提供的，故法拉第发现的电磁感应是我们获得大量清洁方便的电能．

故选D

首先分析生活中主要利用电能的热效应工作，然后确定电流热效应是哪位科学家发现的．

主要通过科学家们对物理学的贡献来回答此类题目．

2.【答案】C

【解析】解：A、声音能在固体、液体、气体中传播，不能在真空中传播，故A错误；

B、人耳能够听到声音的频率范围是20Hz～20000Hz，并不是所有的声人耳都能够听到，故B错误；

C、声音是由物体的振动产生的，一切正在发声的物体都在振动，故C正确；

D、声音能够在固体、液体、气体中传播，故D错误。

故选：C。

（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，不能在真空中传播；

（2）人耳能听到的声音的频率范围是20Hz～20000Hz，低于20Hz的是次声波，高于20000Hz的是超声波，都是人耳听不到的。

本题考查了声音的产生和传播以及人耳的听觉频率范围，是声学基础知识的考查，相对比较简单。

3.【答案】D

【解析】解：A、功率的单位以瓦特的名字命名，不合题意。

B、功和能的单位是以焦耳的名字命名的，不合题意；

C、电流的单位是以安培的名字命名的，不合题意；

D、电阻的单位是以欧姆的名字命名的，符合题意；

故选：D。

（1）物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，例如安培、牛顿、瓦特、库仑等；

（2）欧姆是德国科学家，以他的名字命名了电阻的单位。

在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压--伏特、电流--安培、电阻--欧姆、功和能量--焦耳、功率--瓦特、力--牛顿、压强--帕斯卡等。

4.【答案】B

【解析】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故A错误；

B、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故B正确；

C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C错误；

D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故D错误；

故选：B。

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】B

【解析】【分析】

根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p=ρgh判断对杯底的压强关系;当物体的密度大于液体密度时，物体下沉；当物体密度等于液体密度时，物体在液体中悬浮；若物体密度小于液体密度时，物体将漂浮在液面上。本题主要考查了浮沉条件的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系．同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。【解答】A.物体在甲中下沉，受到的浮力小于物体重；在乙中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；因此甲杯中物块受到浮力较小，故A错误；

B.物体在甲中下沉，ρ甲＜ρ物，在乙中漂浮，ρ乙＞ρ物，则ρ乙＞ρ甲，两杯中液面恰好相平，由p=ρgh可知，乙杯底部受到液体的压强较大，故B正确；

C.若向甲杯中缓慢加盐，则甲的密度增大，当甲的密度等于物块的密度时，物块悬浮，此时浮力等于其重力，当甲的密度大于物块的密度时，物块漂浮，此时浮力等于其重力，因此向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力不是一直增大，故C错误；

D.在乙中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；当向乙杯中缓慢加水，则乙的密度减小，当乙的密度等于物块的密度时，物块悬浮，此时浮力等于其重力，因此向乙杯中缓慢加水，物块受到的浮力不是一直减小，故D错误。

故选B。

6.【答案】C

【解析】【分析】

（1）根据平面镜成像特点，物像等距，对A进行分析并做出判断。

（2）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像。据此对B进行分析并做出判断。

（3）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛B不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜的是哪一个，据此对CD进行分析并做出判断。

探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的，值得我们关注。

【解答】

A、由平面镜成像特点可知，若蜡烛A距玻璃板4cm，蜡烛A的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛B与玻璃板相距4cm才能与蜡烛A的像完全重合，故A错误；

B、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此如果在玻璃板后面放一块挡光板，则能看见物体的像A′，无法看到物体B，故B错误；

CD、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，乙图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，丙和丁图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，可知，丙图平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜，丁图平板玻璃中蜡烛A的像偏低且倾斜，如下图：

故C正确，D错误；

故选：C。

7.【答案】B

【解析】解：A、物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的合力为0，故A不正确；

B、由图可知，物体A受到3股绳子的拉力，所以受到的拉力为3F=3×3N=9N，故B正确；

C、由图可知，竖直墙受到2股绳子的拉力，所以受到的拉力为2F=2×3N=6N，故C不正确；

D、由于三段绳子拉着物体，所以绳端的移动速度为物体移动速度的3倍，即v绳=3v=0.2m/s×3=0.6m/s，故D不正确．

故选B．

（1）静止的物体或做匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的合力为0；

（2）判断出物体A和竖直墙承担拉力绳子的股数，进一步求出他们受到的拉力；

（3）根据速度公式求出每秒物体移动的距离，再根据s=nL求出绳端移动的距离，利用W=Fs求出拉力F每秒钟做的功．

本题考查了合力的计算和拉力的计算，要注意在计算物体受到的拉力和竖直墙受到拉力的计算时分清出承担拉力绳子的股数．

8.【答案】B

【解析】解：因甲、乙两个质量相同，材质不同的金属块，甲的初温大于乙的初温。若吸收相同的热量后相互接触，热量从乙传递到甲，说明乙的末温比甲的末大，则乙升高的温度比甲升高的大，即

△t甲＜△t乙

根据可知，当吸收的热量和质量相同时，比热容与升高的温度成反比，

故c甲＞c乙

若放出相同的热量后，由可知，甲下降的温度比乙下降的温度小，又因甲的初温比乙的初温高，故甲的末温比乙末温高，

即△t末甲＞△t末乙

故热量从甲传递到乙，故B正确，ACD错误。

故选：B。

热传递发生的条件是要有温度差；吸收或放出相同的热量后，比热容小的物质升高或降低的温度值大。

本题考查比热容公式的运用，以及热传递的条件，难度不大。

9.【答案】C

【解析】解：A、因为力的作用是相互的，所以踢球时，脚对球施加力的同时球对脚也施加了力。故A错误；

B、踢出去的球在空中继续运动，是因为球具有惯性；惯性不是力，不能说“受惯性作用”。故B错误；

C、守门员使球停下来的过程中，守门员对球有力的作用，球的运动状态发生改变，说明力改变了球的运动状态。故C正确；

D、力的大小、方向和作用点都影响力的作用效果，所以，脚对球施加的力大小相同时，其作用效果不一定相同。故D错误。

故选：C。

（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力；

（2）惯性是物体本身的一种性质，只能说“具有，不能说“受惯性”；

（3）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；

（4）影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点。

此题涉及到了力作用的相互性、力的作用效果、惯性等多个知识点的理解和掌握，是一道综合性的题目。

10.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。

因电源电压恒定，

所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故B错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；

则电压表V与电流表A1的示数之比不变，故C错误；

将滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，

由I=可得，R2支路的电流变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，

则电压表V与电流表A2的示数之比变大，故D正确。

故选：D。

由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时R1支路的电流变化，然后得出电压表V与电流表A1的示数之比变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，利用欧姆定律可知R2支路的电流变化，再利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表V与电流表A2的示数之比变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。

11.【答案】35℃～42℃

29℃

【解析】解：图中是体温计，其测量范围是35℃～42℃，分度值是0.1℃。

图中温度计的分度值为1℃，温度在0℃以上，示数为29℃。

故答案为：35℃～42℃；29℃。

人的体温一般不会超过35℃～42℃的范围，体温计的测量范围是35℃～42℃，体温计的一个大格是1℃，一个小格是0.1℃，根据液柱的位置读数。

根据温度计的分度值读数。

学会温度计的读数：明确是零上还是零下，明确量程和最小刻度值，读数时从绝对值小的向绝对值大的读。

12.【答案】扩散

地铁

【解析】解：

（1）高铁严禁携带有“异味”的物品，是因为物品的“异味”分子在不停地做无规则运动，发生了扩散现象，使“异味”充满了整个密闭空间，影响其他乘客；

（2）地铁启动时，小丽看见墙上的广告牌快速向后飞去，广告牌相对于地铁的位置在发生变化，是以小丽乘坐的地铁为参照物。

故答案为：扩散；地铁。

（1）两种物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停地做无规则运动；

（2）在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。

本题考查了分子的无规则运动、运动和静止的相对性，利用所学知识解释实际生活现象，体现了学以致用！

13.【答案】船

力的作用是相互的

【解析】解：（1）分析以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，而且船向前行，以船为参照物，山在“后退”

（2）物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶。

故答案为：（1）船；（2）力的作用是相互的。

（1）判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；

（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。

此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，以及力的相互作用，难度不大。

14.【答案】是

小

【解析】解：在空中水平匀速飞行时受力平衡，在竖直方向上所受的重力与飞机升力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力；

流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小；正在高空中飞行的飞机，挡风玻璃突然爆裂，窗外空气流速大、压强小，窗内空气流速小，压强大，故形成向外的压强差，因此副驾驶整个上半身被“吸”出舱外。

故答案为：是；小。

物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡；流体流速越快的位置压强越小，据此做出分析。

对于流体压强跟流速的关系，要分析一个物体两侧的流速变化，压强变化，判断物体受力情况，判断物体的运动情况。

15.【答案】甲

91%

丙

45%

不能

【解析】解：

由图可知，甲、乙定滑轮中绳子的有效股数n甲=n乙=1；丙动滑轮中绳子的有效股数n乙=2；丁滑轮组中绳子的有效股数n丁=2，

由η====可得，甲、乙、丙、丁四种机械的机械效率分别为：

η甲==×100%≈91%，

η乙==×100%≈83%，

η丙==×100%≈45%，

η丁==×100%≈63%，

综上可知，机械效率最大的是甲，机械效率最小的是丙；

由F丙=5.5N＞GM=5N可知，使用丙提升物体M时不能省力。

故答案为：甲；91%；丙；45%；不能。

设承担物重的绳子股数为n，则拉力端移动的距离s=nh，拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的总功W总=Fs=Fnh=nFh，机械效率η====，据此计算出四图中的机械效率，然后比较得出最大和最小机械效率及其对应的机械；使用机械是否省力，取决于拉力与提升物重的大小关系。

本题考查了使用定滑轮、动滑轮、滑轮组时机械效率的计算以及使用机械时是否省力的判断，利用好公式η====是关键。

16.【答案】0

600

60

【解析】解：（1）重力的方向竖直向下，物体在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过距离，所以重力对物体没有做功，即重力做功为0J。

（2）小明对物体做的功：W=Fs=100N×6m=600J，

做功的功率：P===60W。

故答案为：0；600；60。

（1）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。据此判断重力是否做功；

（2）根据功的计算公式W=Fs即可算出做的功；根据功率公式P=即可算出做功的功率。

本题考查了学生对功的公式和功率公式的掌握和应用，理解做功的两个必要因素很关键。

17.【答案】20

4.5

【解析】解：当开关S1闭合、S2断开，滑片P置于a点时，等效电路如图甲所示；

当开关S2闭合、S1断开，滑片P置于b点时，等效电路如图乙所示。

（1）当开关S2闭合、S1断开，滑片P置于变阻器上的b点时，Rb与R0串联，Ub=8V，

由图2可知电阻Rb=16Ω，则电流：

Ib===0.5A，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=Ib（Rb+R0）=0.5A×（16Ω+R0）①

只闭合S1，R与L串联，当滑片P置于a点，由于Ia：Ib=3：5，则

Ia=Ib=×0.5A=0.3A，

则电源的电压：

U=Ia（Ra+RL）=0.3A×（Ra+12Ω）②

由①②式和Ra：R0=12：5可得：

R0=20Ω，U=18V；

（2）由P=UI可得，灯泡的额定电流：

IL额===0.5A，

灯泡的电阻：

RL===12Ω；

只闭合S1时，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，

因为电压表的量程为0～15V，所以滑动变阻器R两端的电压最大为UR大=15V时，变阻器连入电路的电阻值最大，电路的总电流最小，电路的总功率最小；

灯泡两端的电压UL小=U-UR大=18V-15V=3V，

通过电路的最小电流为：I小===0.25A，

电路消耗的最小功率为：P小=UI小=18V×0.25A=4.5W。

故答案为：20；4.5。

（1）当开关S2闭合、S1断开，滑片P置于变阻器上的b点时，R与R0串联，Ub=8V，由图2可知电阻Rb的阻值，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合S1，R与L串联，当滑片P置于a点，根据Ia：Ib=3：5求出Ia，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式，然后结合Ra：R0=12：5即可求出R0的阻值和电源的电压；

（2）根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当变阻器两端的电压最大时，变阻器连入电路的电阻最大，电路的总电流最小，电路的总功率最小；根据串联电路电压的规律算出灯泡两端的电压，根据欧姆定律算出电路的电流，利用P=UI算出电路消耗的最小功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，分清各种情况下电路的连接方式和对应的关系是解题的关键。

18.【答案】解：

不考虑空气阻力，踢出去的足球只受重力作用，从重心沿竖直向下的方向作出重力的示意图，如图所示：

．

【解析】足球在空中飞行，（不考虑空气阻力）只受竖直向下的重力作用，由此画出足球所受力的示意图．

本题考查画力的示意图，先要分析物体的受力情况．画力的示意图的一般步骤为：①确定受力物体；②在受力物体上画出力的作用点；③确定力的方向后沿力的方向画一条线段；④在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位．

19.【答案】解：

根据磁感线的方向可以判断螺线管的右端为N极、左端为S极；根据安培定则，大拇指指向N极，其余四指弯向电流的方向，可得电流从螺线管右边流入、左边流出，所以电源右端为正极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极；如图：

．

故答案为：如上图。

【解析】根据磁感线的方向可确定螺线管的NS极，再根据安培定则判断螺线管中电流的方向，进而确定电源的正负极，最后根据磁极间的作用规律确定小磁针的N极。

对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。

20.【答案】右

便于测量力臂

根据一组实验数据得出结论，实验结论不具有普遍性

左端下沉

变大

变小

不变

【解析】解：

（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；

（2）小明仅根据一组实验数据就得出结论，实验结论具有偶然性，不具有普遍性，实验结论不合理。

（3）设一个钩码重为G，一格的长度为L，若两侧分别增加一个钩码，

左侧：3G×3L=9GL，

右侧：4G×2L=8GL，

因为8GL＜9GL，即左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，故杠杆左端下沉；

（4）小华用图丙所示装置进行实验：在保持杠杆水平平衡的条件下，将弹簧测力计逐渐向右倾斜，阻力、阻力臂不变，动力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件可知，动力逐渐变大，即弹簧测力计示数将逐渐增大。

（5）①由题知，在图丁中，测力计在A点施加竖直向上的拉力F，使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2；

克服钩码重力做的是有用功W有=Gh2，总功是W总=Fh1，

杠杆的机械效率为：η==；

②将测力计的作用点由点A移至C点，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，这时有用功和总功都不变，因此机械效率不变。

故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）根据一组实验数据得出结论，实验结论不具有普遍性；（3）左端下沉；（4）变大；变小；（5）①；②不变。

（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；

（2）为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析；

（3）一个钩码重是G，根据杠杆的平衡条件，若F1L1=F2L2，杠杆平衡；若F1L1≠F2L2，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的F的方向转动；

（4）弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大。

（5）克服钩码重力做的是有用功，拉力做的是总功，根据公式η=计算即可；当拉力的作用点发生变化时，做的总功是不变的，据此解答即可。

此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。

21.【答案】电阻R′；滑动变阻器；电压表；A、B两点

【解析】解：（1）实验中选择了两个定值电阻串联，没有选择滑动变阻器，不能保证定值电阻两端的电压不变，因此应该把电阻R′换成滑动变阻器；

（2）定值电阻两端的电压不变，是通过与其并联的电压表的示数体现的，因此应将一只电压表并联在定值电阻两端，也就是接在A、B之间。

故答案为：（1）电阻R′；滑动变阻器；（2）电压表；A、B两点。

探究导体中的电流跟导体电阻的关系时，应该选择定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流，更换定值电阻的阻值，移动滑动变阻器的滑片控制电阻两端的电压不变，记录电阻值和电流表的示数进行分析研究。

本题研究的是电流与电阻的关系，此实验注意两点：

（1）要牢记电压不变这一前提条件，需要电压表并联在定值电阻两端，电压表的示数不变，就是定值电阻两端的电压不变；

（2）更换不同阻值的定值电阻，其两端的电压肯定要