湛江市2020届高三物理下学期线上教学试题二含解析

广东省湛江市2020届高三物理下学期线上教学试题二含解析广东省湛江市2020届高三物理下学期线上教学试题二含解析PAGE29-广东省湛江市2020届高三物理下学期线上教学试题二含解析广东省湛江市2020届高三物理下学期线上教学试题(二)（含解析）一、选择题1.用如图所示的装置研究光电效应现象。用光子能量为11eV的光照射光电管的阴极K。电流表检测到有电流，调节滑动变阻器滑片，当电流表的示数恰好为零时,电压表的示数为6V。下列说法正确的是（）A。金属板逸出功为6eVB。若用能量为6eV的光子照射阴极K，不能发生光电效应C。将滑片调至滑动变阻器的最左端，此时电流表示数为饱和光电流D.电子的最大初动能为6eV【答案】D【解析】【详解】AD．电流计的读数恰好为零,此时电压表的示数为6V，根据动能定理得再根据光电效应方程知故A错误,D正确；B．若用能量为6eV的光子照射阴极K,其能量大于逸出功,满足光电效应发生条件，因此能发生光电效应，故B错误；C．将滑片调至滑动变阻器的最左端,此时光电管两端电压为零，则光电子不再受到电场阻力，但电流表示数不为饱和光电流，故C错误.故选D2.如图所示，质量为M的小车的表面由光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一质量为m的球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b，斜面倾角为θ.当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时,下列说法正确的是（）A。若小车匀速运动，则球对斜面上b点的压力大小为mgcosθB。若小车匀速运动，则球对水平面上a点压力大小为mgsinθC。若小车向左以加速度gtanθ加速运动,则球对水平面上a点无压力D。若小车向左以加速度gtanθ加速运动，则小车对地面的压力小于（M+m）g【答案】C【解析】【详解】AB．小车和球一起匀速运动时，小球受到竖直向下的重力和水平面对小球竖直向上的支持力，二力平衡,所以小球对b点无压力，根据牛顿第三定律可知小球对a点的压力大小为mg，AB错误；C．若小车向左以加速度gtanθ加速运动，假设小球对a点无压力，根据牛顿第二定律解得假设成立,所以小球对a点无压力，C正确；D．对小车和球构成的系统整体受力分析可知,系统在竖直方向上加速度为0，竖直方向受到重力和支持力，二者等大反向,根据牛顿第三定律可知小车对地面的压力等于（M+m)g，D错误.故选C。3。竖直平面内存在水平向右的匀强电场,电场强度为E，将质量为m、电量为q的小球以初速度v0竖直向上抛出,已知E=，重力加速度为g。下列说法正确的是(）A。小球上升的位置越高，速度越小B.小球的水平位移越大，速度越大C。小球的最小速度为零D.小球的最小速度为v0【答案】D【解析】【详解】A．假设小球带正电。小球在电场中受到重力和电场力两个力作用,其合外力大小为方向与初速度成135°角斜向右下方，小球做类斜抛运动，合外力先做负功后做正功,速度先减小后增大，当合外力与速度垂直时速度最小，此时速度与水平成45°角斜向右上方，还没有到达最高点，所以，在速度达到最小值之前，小球上升的位置越高，速度越小，之后，小球上升的位置越高,速度越大，故A错误；B．在速度达到最小值之前，小球的水平位移越大，速度越小，之后，小球的水平位移越大，速度越大,故B错误;CD．小球的速度最小时速度方向与水平成45°角斜向右上方，设从抛出到速度最小所用时间为t，则水平方向有竖直方向有因为解得故最小速度为故C错误，D正确。故选D。4。2019年9月19日，中国在酒泉卫星发射中心用长征十一号运载火箭,采取一箭五星的方式成功将“珠海一号”03组卫星发射升空。卫星顺利进入预定轨道,五颗卫星围绕地球做匀速圆周运动。关于这五颗卫星，下列说法正确的是（）A.轨道半径最大的卫星，动能最大 B.轨道半径最大的卫星，角速度最小C.轨道半径最大的卫星，加速度最大 D。轨道半径最大的卫星，线速度最大【答案】B【解析】【详解】A．卫星动能与质量有关,五颗卫星的质量未知，无法比较动能的大小，故A错误；BCD．卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力解得可知轨道半径越大的卫星，线速度、角速度和加速度均越小，即轨道半径最大的卫星，线速度、角速度和加速度均最小，故B正确，CD错误。故选B。5.如图所示，水平地面上放置一滚筒洗衣机，某同学启动洗衣机甩干功能将一小毛绒玩具甩干.某一时段，毛绒玩具相对滚筒内壁静止，在竖直面内以角速度ω做匀速圆周运动，毛绒玩具可视为质点.圆周运动的轨道半径为r，重力加速度为g。在该段时间内,下列说法正确的是（）A。毛绒玩具在滚筒最高点的速度为B。滚筒旋转一周，摩擦力对毛绒玩具做的功为零C。地面对滚筒洗衣机的摩擦力始终为零D。洗衣机对地面的压力保持不变【答案】B【解析】【详解】A．毛绒玩具竖直平面内做匀速圆周运动，为绳模型，则在最高点的速度一定大于等于,故A错误；B．毛绒玩具受到重力、滚筒的支持力以及摩擦力,支持力始终与运动的方向垂直,不做功；毛绒玩具的动能不变,而滚筒旋转一周，重力对毛绒玩具做的功为零，所以摩擦力对毛绒玩具做的功也为零，故B正确；C．以洗衣机与毛绒玩具整体为研究对象，可知，由于毛绒玩具做匀速圆周运动，所以整体在水平方向上受到的摩擦力做周期性的变化，不能始终为零,故C错误；D．以洗衣机与毛绒玩具整体为研究对象，可知,由于毛绒玩具做匀速圆周运动，所以整体在竖直方向受到的合外力是周期性变化的,所以整体受到的支持力也做周期性的变化，所以洗衣机对地面的压力做周期性的变化，故D错误。故选B。6.某电磁轨道炮的简化模型如图所示，两圆柱形固定导轨相互平行，其对称轴所在平面与水平面的夹角为θ，两导轨长为L,间距为d，一质量为m的金属弹丸置于两导轨间，弹丸直径为d，电阻为R，与导轨接触良好且不计摩擦阻力，导轨下端连接理想恒流电源，电流大小恒为I，弹丸在安培力作用下从导轨底端由静止开始做匀加速运动，加速度大小为a。下列说法正确的是（）A。将弹丸弹出过程中，安培力做的功为maL+mgLsinθB。将弹丸弹出过程中,安培力做的功为I2RC.将弹丸弹出过程中，安培力的功率先增大后减小D.将弹丸弹出过程中,安培力的功率不变【答案】A【解析】【详解】AB．根据牛顿第二定律得所以安培力做功将弹丸弹出过程中，安培力做正功，不等于电热，故A正确，B错误；

CD．由知,安培力为恒力，故安培力的功率故安培力的功率一直增大，故CD错误。

故选A。7。如图所示,理想变压器原线圈所接交流电源的变化规律u=8sin100πt（V）,接线柱2位于原线圈的中间位置。开关置于接线柱1时，原、副线圈的匝数比n1：n2=4：1，副线圈所接电阻R=10Ω，电压表、电流表均为理想电表。下列说法正确的是(）A.开关置于接线柱1时，电压表的示数约为2。82VB.开关置于接线柱1时，电流表的示数为0。2AC.开关置于接线柱2时，电流表的示数为0.2AD.开关置于接线柱2时，变压器的输出功率为3.2W【答案】C【解析】【详解】AB．原线圈输入电压的有效值V=8V当开关置于接线柱1时,根据变压比可知解得副线圈的输出电压U2=2V故电压表示数为2V，副线圈的输出电流=0。2A根据变流比可知解得原线圈的输入电流I1=0.05A则电流表示数为0。05A，故AB错误；C．开关置于接线柱2时，原、副线圈的匝数比为2：1，根据变压比可知,副线圈输出电压4V，据欧姆定律知，副线圈输出电流0.4A，根据变流比可知，电流表的示数（原线圈中电流)为0.2A，故C正确；D．开关置于接线柱2时，变压器的输出功率故D错误.故选C。8。如图所示，物体A穿在光滑的竖直杆上,某人用不可伸长的轻绳通过光滑定滑轮拉物体A，某段时间内，物体A以速度v0匀速向上运动，该过程中，下列说法正确的是（）A。人对轻绳的拉力大小不变B。人对轻绳的拉力的功率不变C。绳与杆的夹角为θ时，人拉绳的速度大小为D.人对绳做的功等于物体A重力势能的增加量【答案】BD【解析】【详解】A．设人对轻绳的拉力大小为F，物体A匀速向上运动，合外力为零，则有随着θ增大，cosθ减小,则F逐渐增大,故A错误;B．人对轻绳的拉力的功率为则P不变，故B正确;C．将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,人拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度为故C错误；D．根据功能原理知，人对绳做的功等于物体A机械能的增加量，由于物体A的动能不变，则人对绳做的功等于物体A重力势能的增加量,故D正确。故选BD.9.汽车司机发现前方有障碍物，立即刹车,刹车过程可视为匀减速运动。自刹车开始第1s内经过的位移为24m,第4s内经过的位移为1m。下列说法正确的是()A。汽车的加速度大小为8m/s2B。汽车的加速度大小为7。67m/s2C。汽车的初速度大小为28m/sD。汽车的初速度大小为30。67m/s【答案】AC【解析】【详解】若小车在第4个1s一直运动，则由逆向可看作匀加速度运动,则设逆向第1s的初速度为v0而实际的，则说明在第4个1s不是一直在运动,即可确定小车在第4个1s末前已经停下，设小车在第4个1s内运动的时间为t，则有利用中间时刻速度公式以及加速度定义，有解得t=0。5s,a=8m/s2初速度故AC正确，BD错误.故选AC。10.光滑水平面上静止一质量为2kg的物块。在0～8s时间内受到水平力F的作用。力F随时间t的变化如图所示,下列说法正确的是（）A.t=2s时，物块的速度大小为2m/sB。t=4s时，物块的速度大小为2m/sC。t=2s时和t=6s时,物块的动量相同D.t=8s时，物块恰好回到原出发点【答案】BC【解析】【详解】A．由图可知在0～2s内，力的冲量根据动量定理解得，故A错误;B．由图可知在0～4s内，力的冲量根据动量定理解得,故B正确;C．由图可知在0~2s内与0～6s内，力的冲量相同，根据动量定理知t=2s时和t=6s时，物块的动量相同，故C正确；D．根据图象知，在0～4s内,物块做加速度先增加后减小的加速运动，在4～8s内，力的方向改变,做减速运动,根据图象和对称性知，在t=8s时，速度恰减到零。所以在0～8s内物块的运动方向不变,t=8s时，物块不会回到原出发点，故D错误。故选BC.11。回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的D形金属盒半径为R。两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过狭缝的时间忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直。A处粒子源产生质量为m、电荷量为+q的粒子，在加速器中被加速,加速电压为U.下列说法正确的是（)A。交变电场的周期为B.粒子射出加速器的速度大小与电压U成正比C。粒子在磁场中运动的时间为D。粒子第1次经过狭缝后进入磁场的半径为【答案】CD【解析】【详解】A．为了能够使粒子通过狭缝时持续的加速，交变电流的周期和粒子在磁场中运动周期相同，即A错误；B．粒子最终从加速器飞出时解得粒子飞出回旋加速器时的速度大小和无关，B错误；C．粒子在电场中加速的次数为，根据动能定理粒子在磁场中运动的时间C正确；D．粒子第一次经过电场加速进入磁场,洛伦兹力提供向心力解得D正确。故选CD。12。在粗糙水平面上固定一点电荷,电场中任一点的电势φ与该点到点电荷的距离r的关系如图所示.该水平面上a、b、c三个点的电势φ与距离r的关系已在图中标出，虚线为过b点的切线。现将一质量为0.03kg、电量为0.1C的带正电物块从a点由静止释放，依次经过b、c两点。电场力所做的功分别为Wab、Wbc，且过b点时物块的速度最大。已知重力加速度g=10m/s2,静电力常量k=9。0×109N•m2/C2，下列说法正确的是(）A。b点的场强大小为1.5V/mB。物块与桌面间的动摩擦因数0.3C.Wab=2WbcD。固定点电荷的电荷量为×10-9C【答案】AD【解析】【详解】A．图象的斜率表示场强，由图可知b点的场强大小为故A正确；B．由题知，物块过b点时速度最大，此时受力平衡，即为解得故B错误；C．由图可以得到a点的电势为6V，b点的电势为3V,c点的电势为2V。所以Uab=3V,Ubc=1V又因为Wab=qUab，Wbc=qUbc,所以Wab=3Wbc故C错误；D．设固定点电荷带电量为Q，已知b点的场强大小为1.5V/m，b点距固定点电荷距离r=2m，根据点电荷场强公式有故D正确。故选AD。二、实验题13。某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则:在竖直木板上铺有白纸，并用图钉固定在木板上。固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等。调整钩码个数使系统达到平衡。(1)实验过程中必须要记录下列哪些数据（)A．O点位置B．每组钩码的个数C．每个钩码的质量D．OA、OB和OC绳的长度E．OA、OB和OC绳的方向(2）下列实验操作正确的是（）A．将OC绳换成橡皮筋，仍可完成实验B．细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些可减小实验误差C．尽量保持∠AOB为90°、60°、120°等特殊角方便计算D．若改变悬挂钩码的个数N3,重新进行实验，必须保持O点位置不动，重新调整钩码的个数N1、N2【答案】（1）.ABE(2)。AB【解析】【详解】（1)［1］A．为了验证平行四边形定则,必须作受力图，所以需要确定受力点，即需要标记结点的位置，A正确；BC．其次要作出力的方向和大小，每个钩码的质量相同，所以钩码的个数可以作为力的大小,不需要测量钩码质量，B正确，C错误；DE．连接钩码绳子的方向可以表示力的方向，所以需要标记OA、OB和OC绳的方向，D错误，E正确。故选ABE.（2)［2]A．如果将绳换成橡皮筋，在同一次实验过程中,只要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化，仍可完成实验，A正确；B．细绳要长些,标记同一细绳方向的两点要远些可以使力的方向更准确，减小实验误差,B正确；C．实验通过平行四边形定则进行力的合成确定力的大小和方向,不需要计算，C错误；D．实验的目的是验证平行四边形定则，重新实验，不需要保持结点位置不动,D错误。故选AB。14.在“测定电源的电动势和内电阻”的实验中，应用如下器材:A．待测电源E（电动势约为1.5V、内阻r小于1。0Ω）B．电流表A（满偏电流Ig=100mA、内阻rg=8。0Ω）C．电阻箱R（阻值范围0—99.9Ω)D．开关、导线若干E．定值电阻R1=1.0ΩF．定值电阻R2=2。0Ω实验电路图如图甲所示。（1）调整电阻箱阻值,记录电阻箱阻值R和电流表示数Ⅰ，则通过电源的电流I′=______I；（2）多次重复步骤(1）。得到R和I'的多组实验数据。作出的函数图象如图乙所示。根据图象中的数据可得电源电动势为______V。电源内阻为______Ω。【答案】(1).5(2).1.5（3）。0。4【解析】【详解】(1)[1]定值电阻R2与电流表并联，由题意可知,电流表内阻阻值是电阻R2阻值的4倍,则通过R2的电流是通过电流表电流的4倍，当电流表示数为I时，流过电源的电流I′=5I。(2)[2］［3］改装后电流表内阻RA=Ω=1。6Ω由图示电路图可知,电源电动势整理得则函数图像的斜率表示电动势图象纵轴截距解得电源内阻r=0。4Ω三、计算题15。如图所示，竖直平面内一固定挡板与竖直方向夹角为45°。将一小球水平抛出，抛出位置与挡板的上端点O等高且相距3。2m。小球运动过程中和挡板恰好不相碰。已知重力加速度g=10m/s2。求小球水平抛出时的初速度。【答案】8m/s【解析】【详解】小球在水平方向做匀速直线运动竖直方向做自由落体运动小球抛出后恰不与挡板相碰,小球运动轨迹与挡板相切，所以根据几何关系知联立解得v0=8m/s16。如图所示，两光滑平行金属导轨间距为L，质量为m的导体棒MN垂直跨在导轨上,且与导轨接触良好，整个装置处在重直于纸面向里的匀强磁场中。磁感应强度为B，电容器的电容为C，导轨和导体棒的电阻均不计.导体棒MN在水平向右的恒力F作用下，由静止开始运动。求：（1)导体棒MN的加速度大小；(2)经过时间t时，电容器所带电量。【答案】(1)；（2）【解析】【详解】(1）设经过时间t，导体棒的速度为v，据动量定理得即此时的电荷量联立解得即导体棒做初速度为零的匀加速直线运动，加速度(2）经过时间t时,电容器所带电量17。一质量m=0。2kg的硬纸板静止在水平桌面上.纸板与桌面间动摩擦因数μ1=0。4,现用水平向右恒力F=lN拉动纸板.t=ls时，在纸板上轻放一质量m2=0.05kg的小物块，小物块初速度为零,小物块从纸板左端掉下时，纸板速度大小v2=0。9m/s，小物块与纸板和桌面间动摩擦因数均为μ2=0。2。小物块恰好不能从桌面右边缘掉下.已知重力加速度g=10m/s2，求：（1)t=1s时,纸板的速度大小v1；（2)小物块刚放到纸板上时,小物块到桌面右边缘的距离；(3)从小物块放到纸板到与纸板分离的过样中，整个系统因摩擦产生的热量。【答案】（1）1m/s；（2)0.08m；（3)0.205J【解析】【详解】（1)未放小物块前，对纸板，由牛顿第二定律t=1s时，纸板的速度大小（2)小物块在纸板上滑动过程，对纸板，由牛顿第二定律对小物块从放上小物块到小物块从纸板左端掉下，用的时间小物块的位移小物块的速度纸板的位移小物块从纸板左端掉下后，加速度还是a2，滑到桌面右边缘时速度为零，该过程的位移小物块刚放到纸板上时，小物块到桌面右边缘的距离（3)从小物块放到纸板到与纸板分离的过样中,整个系统因摩擦产生的热量18.关于理想气体,下列说法正确的是（）A。已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量B。已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数,可估算一个分子直径C。气体压强是因为气体分子间表现为斥力D。气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致E.一定质量的理想气体体积不变，温度升高，压强一定增大【答案】ADE【解析】【详解】A．一个分子的质量已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量,A正确；B．一个气体分子占据的体积已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，不可以估算一个分子直径，B错误；CD．气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致，气体分子之间的距离较大,几乎不体现分子力，C错误,D正确;E．根据理想气体状态方程可知一定质量的理想气体体积不变，温度升高,压强一定增大，E正确。故选ADE。19.如图所示，导热汽缸开口向下置于水平地面上,缸内面积为S活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可自由滑动且滑动时汽缸不漏气,活塞下挂一个砂桶，活塞与砂桶总质量为m，活塞到汽缸底部距离为h时恰好保持静止。现将砂桶缓慢装满细砂,活塞再次静止时距汽缸底部h，缸内气体温度保持T0不变，已知重力加速度为g，大气压强为p0，砂桶始终未与地面接触。（1)求砂桶中细砂的质量；(2）将细砂从砂桶中缓慢漏出，同时给汽缸加热，细砂漏完时，活塞仍静止在距汽缸底部h处，求此时缸内气体的温度。【答案】(1)