带电粒子在电场中运动巩固练习提高持续

一、选择题 A、质子的动能是氘核动能的2 B、质子的动能与氘核动能相C、质子的速度是氘核速度的2 D、质子的动量是氘核动量的22mQA点以竖直向上的速度v0E中，如图所示，当微粒运动到B点时速度方向变为水平方向，大小仍为v0，已知微粒受到的电场力和重力大小 A、微粒在电场中做匀变速运 B、A、B两点间电势差是U C、由A点到B点微粒的动能没有变 D、从A点到B点合力对微粒做功为+ +EA A、带电粒子质量越大，侧移越 B、带电粒子电量越大，侧移越C、加速电压越低，侧移越 D、偏转电压越高，侧移越4、如图所示，带电粒子以平行极板的初速度从左侧飞入匀强电场，恰能从右侧擦极板边缘飞出电场（重力不计，若带电粒子的初动能增大为原来的2倍，而仍能使其擦极板边缘飞出，则可采取的措施为（ 1A、将板的长度变为原来的2 B、将板之间距离变为原来2C、将两板之间电压变为原来的两 D、以上措施均不5（2016月考）如图所示，正方体真空盒置于水平面上，它的ABCD面与EFGH面为金属板，其他A、B、C1、2、3三点，则下列说法正确的是()B．CC．CD．C离为y，要使y减小，可以采取的方法是（ A、只提高粒子进入电场的速 B、只增大两极板间的电C、只增大两极板间的距离 D、只增大两极板的长度 腾冲八中期中考）如图所示，一电子沿x轴正方向射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD，已知OA＝AB，电子过C、D两点时竖直方向的分速度为vCy和vDy；电子在OC段和OD段动能的变化量分别为ΔEk1和ΔEk2，则(

二、填空题1、如图所示，在匀强电场中，质子和粒子从正极板开始由静止出发达到负极板.已知质子和粒子电量之比为q1：q21：2，质量之比为m1：m21：4，则它们到达负极板时的速度之比v1：v2＝ 2、如图所示，空间某个区域内有场强大小为E的匀强电场，电场的边界MN和PQ是间距为d的两个平行平面，如果匀强电场的方向第一次是垂直于MN指向PQ界面，第二次是和MN界面平行，在这两种情况下，一个带电量为q的质点以恒定的初速垂直于MN界面进入匀强电场，带电质点从PQ界面穿出电场时动能相等， 3、来自质子源的质子（初速度为零，经一加速电压为U800kV的直线，形成电流强度为I的细柱形质子流.已知质子电荷e1.601019C.这束质子流每秒打到靶上的质子数为 布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的，在质子束中与质子源相距l和4l的两处，各取一段极短的相等长的质子流，其中的质子数分别为n1和n2，则n1/n2 三、解答题12016模拟）如图所示的装置，1是加速电压，紧靠其右侧的是两块彼此平行的水平金属板，板长ld、带电量为q的粒子，经加速电压加速后沿金属板中心线水平射入两板中，21/4

U12K发出的电子（me）经过电势差为U0SA、B间的中心线射入.A、Bd，板长l2d，A板带正电，B板带负电，设板间电场是匀强的.A、B板间电势差大小为U1A、B板间飞出，不计重力.求：CDU1A、B间电势差随时间缓慢增大（如函数图所表示）t＝40A、BA、3Ld的平行板电容器，与一电源相连.mq的粒子以速度v0平行于金属板之间的中线射入电场中，从飞入时刻计算，A、B两极板之间的电势差随时间的变化规律如图所TLvLv电0O0OTt2T1、UL

y

at2

a ymd

00

4dEk

B正确.mghqU0（hv到B的竖直高度，d为沿电场线运动的距离，所以选项CDh0Uq

B正确3、粒子进入偏转电场时的速度为v0，加速过程用动能定理eU1mv2，进入偏转电场后Lvt

y1at

ay

偏转距

00确

4dEk

4dU

CD4、场时的速度为v0，Lvt

y

at

a

0y0

d

4dEk

擦极板边缘飞出，所以必有y ，代人上式

00

4dEk

22 12125

C正确2g类平抛运动，选项A错误；由于三个小球在竖直方向做自由落体运动，根据y1gt2，知t 2g2在空中运动时间相同，选项B错误；根据动能定理得qExmgy1mv21mv2，可 v22(qEx0mv ，x3>x2v22(qEx0mCD6、A解析：带电粒子以v0E进入电场，做类似平抛运动偏转距离y1at21Uq(

)2AC正确7、

2dmCDtc:

xoA:xoB

12

Eqtmv:

Ee

:Ee

12，ABy1at2CD

m m y:yt2t214，故电场力做功为W:WEqy

14 EK1EK114C错误，D二、填空题11、UUq1mv22

v

v1 q1q1m2 2m2m4（1）MNqEdEk2Ek1（2）MNd

y1at2

qEd2mv22mv2qEyEk2Ek1，yd，yd

qEd11

qEd

4

n

Ne1.610196.2510aL4L处的速度分别是v22aL和v22a4L 比较可知v2L4L处各取一段极短的相等长度（设为l）vn1v1

nNlv22v2三、解答题

l16d

U2

qU2mg，得 mg

q如下板为正时，a dm1 4l

gl2d22gvv00 qU12mv0，所以U1 l则

16d

(2)U2'

d qU2g ld1at21qU2gt 2 2

2U2联立，解 mg

dgqU2 ld1at21gqU2t 2 2 md

22联立，解

mg

dgqU2 ld1at21gqU2t 2 2 md

2U2联立，解 27mgd2所以

2、C

UU1U（1）y22eUm对电子的加速过程用动能定理得eU1mv2eUm 电子在板间运动的时间是tl y

1eU1

4d解得：UU

2

m t=40s40VU0,2的右侧飞出3T

U2md2nv2/ （1）粒子能飞出电场，在电场