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文档简介
云南省曲靖市罗平县牛街乡第二中学2021年高二数学文期末试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为(
)A.2 B.1 C. D.参考答案:D2.复数z满足(i为虚数单位),则复数z在复平面内对应的点位于(
)A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限参考答案:A由题意得,,则复数在复平面内对应的点位于第一象限,故选A.3.是lgx>lgy的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.既不充分也不必要条件参考答案:B【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.【专题】探究型.【分析】由题设条件,可先研究成立时lgx>lgy成立的与否,确定充分性,再由lgx>lgy成立时研究是否成立确定必要性,从而选出正确选项【解答】解:时不能保证lgx>lgy成立,因为当y=0时,lgy没有意义lgx>lgy可得出,因为当lgx>lgy时,可得出x>y>0,由不等式的性质可得出由上判断知,是lgx>lgy的必要不充分条件故选B.【点评】本题考查必要条件与充分条件及充要条件的判断,对数不等式的解法,解题的关键是熟练掌握充分条件与必要条件的定义,理解对数函数的单调性解对数不等式的方法,本题的难点是探讨y=0这一特殊情况,研究问题时考虑全面,有着严谨的思维习惯是解这类题不失误的保证4.某学校为了了解三年级、六年级、九年级这三个年级之间的学生视力是否存在显著差异,拟从这三个年级中按人数比例抽取部分学生进行调查,则最合理的抽样方法是(
)A.抽签法 B.系统抽样法 C.分层抽样法 D.随机数法参考答案:C按照各种抽样方法的适用范围可知,应使用分层抽样.选C考点:本题考查几种抽样方法的概念、适用范围的判断,考查应用数学方法解决实际问题的能力.5.已知x,y为正实数,且满足,则的最大值是A.
B.
C.
D.参考答案:D6.已知回归直线的斜率的估计值是1.23,样本点的中心为(4,5),则回归直线的方程是A.=1.23x+0.08
B.=1.23x+5
C.=1.23x+4
D.=0.08x+1.23参考答案:A略7.如图,在二面角的棱上有两个点A,B,线段AC,BD分别在二面角的两个半平面内,并且都垂直于棱AB,,则这个二面角的大小为(
)A.30°
B.60°
C.90°
D.120°参考答案:B8.某市A、B、C三个区共有高中学生20000人,其中A区高中学生7000人,现采用分层抽样的方法从这三个区所有高中学生中抽取一个容量为600人的样本进行学习兴趣调查,则A区应抽取()
A.200人
B.205人
C.210人
D.215人参考答案:C9.把5名师范大学生安排到一、二、三3个不同的班级实习,要求每班至少有一名且甲必须安排在一班,则所有不同的安排种数有A.24
B.36
C.48
D.50参考答案:D10.已知,则,,的大小关系正确的是(
)A. B.C. D.参考答案:D分析:求函数的导数,判断函数的单调性,进行比较大小即可.详解:f(x)=1+x-sinx,则,则函数f(x)为增函数.,f(π)>f(3)>f(2).故选:D.点睛:本题主要考查函数值的大小比较,根据条件求函数导数,利用导数研究函数的单调性是解决本题的关键.二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.抛物线的焦点坐标为
。参考答案:略12.将原油精炼为汽油、柴油、塑胶等各种不同的产品,需要对原油进行冷却和加热,若在第xh时,原油的温度(单位:℃)为f(x)=x2﹣7x+15(0≤x≤8),则在第1h时,原油温度的瞬时变化率为
℃/h.参考答案:﹣5【考点】61:变化的快慢与变化率.【分析】导函数即为原油温度的瞬时变化率,利用导数法可求变化的快慢与变化率.【解答】解:由题意,f′(x)=2x﹣7,当x=1时,f′(1)=2×1﹣7=﹣5,即原油温度的瞬时变化率是﹣5℃/h.故答案为:﹣513.设,若,则
参考答案:114.是定义在上的非负可导函数,且满足,对任意正数m,n若,则与的大小关系是______(请用,,或=)参考答案:15.,猜想第个式子的表达式为________________参考答案:16.半径为的圆的面积,周长,若将看作上的变量,则①.①式可用语言叙述为:圆的面积函数的导数等于圆的周长函数.对于半径为的球,若将看作上的变量,请你写出类似于①的式子:
②;
②式可用语言叙述为
参考答案:②式可用语言叙述为:球的体积函数的导数等于球的表面积函数.略17.已知直线是直线,是平面,给出下列命题:①,则;②,则;③,则;④,则.其中正确命题的序号
参考答案:①③略三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.已知函数,e为自然对数的底数.(1)求函数的定义域和单调区间;(2)试比较与的大小,其中;(3)设函数,,求证:函数存在唯一的极值点t,且.(极值点是指函数取极值时对应的自变量的值)参考答案:(1)函数的单调递增区间为单调递减区间为;(2)见解析.(3)见解析.【分析】(1)由分母不为0确定函数定义域.对求导,判断的正负,确定函数的单调区间;(2)要比较与的大小,只要比较与的大小,只要比较与的大小,只要比较与的大小.利用函数的单调性可得.(3)对求导,判断有唯一解t且在此解的两侧的符号不同及t的范围;再利用导数求的范围.【详解】(1)函数的定义域为,,令,得,当时,,单调递增;当时,,单调递减.所以函数的单调递增区间为单调递减区间为;(2)因为,,要比较与的大小,即比较与大小,由(1)知,当,即时,=;当,即且时,;(3),,令,当x≥e时,x>0,当0<x<e时,由(1)知在区间上为增函数,又,,故存在唯一的,使得,即,且.当时,,单调递减;当时,,单调递增;所以因为,所以在单调递减,故.【点睛】本题考查导数的综合应用,考查分类讨论,运算能力,属于难题.19.甲、乙两人轮流投篮,每人每次投一球.约定甲先投且先投中者获胜,一直到有人获胜或每人都已投球三次时投篮结束.设甲每次投篮投中的概率为,乙每次投篮投中的概率为,且各次投篮互不影响.(Ⅰ)求乙获胜的概率;(Ⅱ)求投篮结束时乙只投了2个球的概率.参考答案:【考点】相互独立事件的概率乘法公式;概率的基本性质.【分析】(Ⅰ)分别求出乙第一次投球获胜的概率、乙第二次投球获胜的概率、乙第三次投球获胜的概率,相加即得所求.(Ⅱ)由于投篮结束时乙只投了2个球,说明第一次投球甲乙都没有投中,第二次投球甲没有投中、乙投中,或第三次投球甲投中了,把这两种情况的概率相加,即得所求.【解答】解:(Ⅰ)∵乙第一次投球获胜的概率等于=,乙第二次投球获胜的概率等于??=,乙第三次投球获胜的概率等于=,故乙获胜的概率等于++=.(Ⅱ)由于投篮结束时乙只投了2个球,说明第一次投球甲乙都没有投中,第二次投球甲没有投中、乙投中,或第三次投球甲投中了.故投篮结束时乙只投了2个球的概率等于
+×=.20.如图,直二面角D﹣AB﹣E中,四边形ABCD是边长为2的正方形,AE=EB,F为CE上的点,且BF⊥平面ACE.(Ⅰ)求证:AE⊥平面BCE;(Ⅱ)求二面角B﹣AC﹣E的余弦值;(Ⅲ)求点D到平面ACE的距离.参考答案:【考点】用空间向量求平面间的夹角;直线与平面垂直的判定;点、线、面间的距离计算.【分析】(Ⅰ)欲证AE⊥平面BCE,由题设条件知可先证BF⊥AE,CB⊥AE,再由线面垂直的判定定理得出线面垂直即可;(Ⅱ)求二面角B﹣AC﹣E的正弦值,需要先作角,连接BD交AC交于G,连接FG,可证得∠BGF是二面B﹣AC﹣E的平面角,在△BFG中求解即可;(Ⅲ)由题设,利用由VD﹣ACE=VE﹣ACD,求点D到平面ACE的距离.【解答】解:(Ⅰ)∵BF⊥平面ACE.∴BF⊥AE∵二面角D﹣AB﹣E为直二面角.且CB⊥AB.∴CB⊥平面ABE∴CB⊥AE∵BF∩CB=B∴AE⊥平面BCE(Ⅱ)连接BD交AC交于G,连接FG∵正方形ABCD边长为2.∴BG⊥AC,BG=∵BF⊥平面ACE.由三垂线定理的逆定理得FG⊥AC.∴∠BGF是二面B﹣AC﹣E的平面角∵AE⊥平面BCE,∴AE⊥EC又∵AE=EB,∴在等腰直角三角形AEB中,BE=又∵Rt△BCE中,EC=∴BF==∴Rt△BFG中sin∠BGF==∴二面角B﹣AC﹣E的正弦值等于(Ⅲ)过点E作EO⊥AB交AB于点O,OE=1∵二面角D﹣AB﹣E为直二面角,∴EO⊥平面ABCD设D到平面ACE的距离为h,由VD﹣ACE=VE﹣ACD,可得h==
…∴点D到平面ACE的距离为.
…21.(1)
求b的值;(2)
参考答案:(1);(2).22.(14分).在平面上有一系列的点,对于正整数,点位于函数的图像上,以点为圆心的圆与轴相切,且圆与圆Pn+1又彼此外切,若,且(1)求证:数列是等差数列;(2)设圆的面积为,求证:参考答案:(1)证明:的半径为,的半径为,………1分和两圆相外切,则
…………2分即
………………3分整理,得
…………
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