云南省昆明市昆第二中学2021年高二物理月考试题含解析

云南省昆明市昆第二中学2021年高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态。现保持极板A和B的正对面积不变，使极板A上移一小段距离后，微粒P的运动情况是A．仍静止不动

B．向下运动

C．向上运动

D．无法判断参考答案：B2.如图所示，小物块从半球形碗的碗口下滑到碗底的过程中，如果物块的速度大小始终不变，则（

）

A．物块的加速度大小始终不变

B．碗对物块的支持力大小始终不变

C．碗对物块的摩擦力大小始终不变

D．物块所受的合力大小始终不变参考答案：AD3.如下图所示，两光滑平行金属导轨间距为L，直导线MN垂直跨在导轨上，且与导轨接触良好，整个装置处于垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B.电容器的电容为C，除电阻R外，导轨和导线的电阻均不计．现给导线MN一初速度，使导线MN向右运动，当电路稳定后，MN以速度v向右做匀速运动时()A．电容器两端的电压为零B．电阻两端的电压为BLvC．电容器所带电荷量为CBLvD．为保持MN匀速运动，需对其施加的拉力大小为参考答案：C4.（单选）边长为L的正方形金属框在水平恒力F作用下运动，穿过方向如图所示的有界匀强磁场区域，磁场区域的宽度为．已知ab边进入磁场时，线框的加速度恰好为零，则线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较，有[

]

A．产生的感应电流方向相反

B．所受的安培力方向相反

C．进入磁场过程的时间等于穿出磁场过程的时间D．进入磁场过程的发热量等于穿出磁场过程的发热量参考答案：A5.电容式话筒的保真度比动圈式话筒好,其工作原理如图所示,Q是绝缘支架,M是薄金属膜,与固定电极N形成一个电容器,被直流电源充电,当声波使膜片振动时,电容发生变化,电路中形成变化的电流,当膜片向右运动的过程中有(

)A．电容变大B．电容变小C．导线AB中有向左的电流D．导线AB中有向右的电流参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图是简化的多用电表电路图。图中

为电流测量端，测量时，

插入“－”插孔。参考答案：1、2

黑7.我国第一艘超导电磁推进船HEMS—1已下水试验，它取消了传统的螺旋桨，是船舶推进的重大革新，其原理如图所示，安装在靠近船底部的超导磁体在海水中产生磁场，海水中含有丰富的NaCl成分，导电正负离子Na+、Cl－较多，电导率较高.当电流在垂直于磁场的方向上流过时，就会在与电流方向、磁场方向都垂直的方向上产生推力。强磁场方向竖直向下，在垂直于船身方向，两边安装正负电极，电极浸在海水里，当电源接通时，海水中产生垂直于船体方向的强电流，推动船体运动。如磁感强度为5T，（可看作匀强）水通道宽为1m，产生推动为100N，则船上的电池中，电流为______A。参考答案：20A8.19世纪60年代，英国物理学家

▲

在总结前人研究电磁感应现象成果的基础上，建立了完整的电磁场理论，他的理论的两个要点是（1）

▲

；（2）

▲

。参考答案：．麦克斯韦

、

变化的磁场产生电场

、

变化的电场产生磁场

；9.如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表。安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则:安培表A1的读数

安培表A2的读数；安培表A1的偏转角

安培表A2的偏转角；伏特表V1的读数

伏特表V2的读数；伏特表V1的偏转角

伏特表V2的偏转角；（填“大于”，“小于”或“等于”）参考答案：（1）、

大于

;

等于

;

大于;

等于;10.（4分）平行板电容器水平放置，板间的距离为d，一个半径为r、密度为的带电油滴在两板间。当电容器的电压为U时，该油滴在电场中做匀速运动，由此可知油滴的带电量q=______C。参考答案：11.如图所示，实线表示两个相干波源S1、S2发出的波的波峰位置，则图中的

点为振动加强的位置，图中的

点为振动减弱的位置。参考答案：12.如图所示的电路中，R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω。通电后，流经R2-和R3的电流之比

，流经R1-和R3的电流之比

，R1两端的电压和R3两端的电压之比

。参考答案：2∶1

3∶1

2∶3由并联电路的特点可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以=；流经R1-和R3的电流之比；由可知，。13.把一个面积为S，总电阻为R的圆形金属环平放在水平面上，磁感强度为B的匀强磁场竖直向下，当把环翻转180°的过程中，流过环某一横截面的电量为____。参考答案：三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.(1)下图为一正在测量中的多用电表表盘。①如果是用×10Ω挡测量电阻，则读数为________Ω。②如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为______mA。(2)如图所示的电路中，1、2、3、4、5、6为连接点的标号。在开关闭合后，发现小灯泡不亮。现用多用电表检查电路故障，需要检测的有：电源、开关、小灯泡、3根导线以及电路中的各连接点。（1）为了检测小灯泡以及3根导线，在连接点1．2已接好的情况下，应当选用多用电表的

档。在连接点1．2同时断开的情况下，应当选用多用电表的

挡。（2）在开关闭合情况下，若测得5、6两点间的电压接近电源的电动势，则表明

可能有故障。（3）将小灯泡拆离电路，写出用多用电表检测该小灯泡是否有故障的具体步骤。

参考答案：15.在《描绘小灯泡伏安特性曲线》的实验中，选择“3V、0.5A的小灯泡作为研究对象，请回答下面几个问题：①下列实验器材中应选用

（填入器材序号）A．电流表（量程0～0.6A，内阻1Ω）B．电流表（量程0～3A，内阻1Ω）C．电压表（量程0～15V，内阻约10kΩ）D．电压表（0～3v，内阻约2kΩ）E．滑动变阻器（阻值0～100Ω）F．滑动变阻器（阻值0﹣10Ω）G．电源E=6VH．开关I，导线若干②在本实验中，滑动变阻器应采用

（填“分压”或“限流”）接法，电流表应采用

（填“内”、“外”）接法．③在下列图1方框中画出实验电路图，并用实线代替导线，将图2中的器材连接成可供实验的电路参考答案：解：①灯泡额定电流为0.5A，电流表选择A；灯泡额定电压为3V，电压表D；为方便实验操作滑动变阻器应选择F；实验还需要电源、开关与导线，故需要的实验器材为：ADFGH；②描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应采用外接法；③滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，电路图如图所示：根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：故答案为：①ADFGH；②分压；外；③电路图如图所示．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】①根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，根据实验原理与实验器材选择实验电路．②根据实验目的选择滑动变阻器的接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系选择电流表接法．③根据题意作出电路图，然后连接实物电路图．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图8－3－34所示，竖直平面内有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度E1＝2500N/C，方向竖直向上；磁感应强度B＝103T．方向垂直纸面向外；有一质量m＝1×10－2kg、电荷量q＝4×10－5C的带正电小球自O点沿与水平线成45°角以v0＝4m/s的速度射入复合场中，之后小球恰好从P点进入电场强度E2＝2500N/C，方向水平向左的第二个匀强电场中．不计空气阻力，g取10m/s2.求：(1)O点到P点的距离s1；(2)带电小球经过P点的正下方Q点时与P点的距离s2.参考答案：(1)带电小球在正交的匀强电场和匀强磁场中受到的重力G＝mg＝0.1N

1分电场力F1＝qE1＝0.1N

1分即G＝F1，故带电小球在正交的电磁场中由O到P做匀速圆周运动根据牛顿第二定律得：qv0B＝m

1分解得：R＝＝m＝1m

1分由几何关系得：s1＝R＝m

1分

(2)带电小球在P点的速度大小仍为v0＝4m/s.方向与水平方向成45°.由于电场力F2＝qE2＝0.1N．与重力大小相等，方向相互垂直，则合力的大小为F＝N，方向与初速度方向垂直，

1分

故带电小球在第二个电场中做类平抛运动，建立如图所示的x、y坐标系，沿y轴方向上，带电小球的加速度a＝F/m＝10m/s2，

1分位移y＝at2

1分沿x轴方向上，带电小球的位移x＝v0t

1分由几何关系有：y＝x

1分即：at2＝v0t，解得：t＝s

1分Q点到P点的距离s2＝x＝×4×m＝3.2m

1分答案：(1)m(2)3.2m17.一发电机组的输出电压为500v，输出功率为160kw，通过升压变压器后向远处输送，已知输电线的总电阻为5Ω，要使输电线上损失的功率不超过发电机组输出功率的5％那么升压变压器原副线圈的匝数比不能超过何值。参考答案：解：P损=5％P出=5％×1.6×105W=8×103W……………2分

由，P损=I22R,代入数据，解得I2=40A……………2分

I1=P输出/U输出=1.6×105/500A=320A………………2分n1/n2=I2/I1=40/320=1/8………………2分即变压器原副线圈的匝数比不能超过1/8

。18.一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B（中央有孔），A、B间由细绳连接着，它们处于如图所示位置时