张家口市2022-2023学年度高二年级第一学期期末考试物理试卷【含答案】

高二物理第高二物理第页(共5页)张家口市2022－2023学年度高二年级第一学期期末考试物理参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不答得0分。C充电底座接入的交变电流激发变化的磁场，使手机中的受电线圈感应出电流，故手机无线充电利用的原理是电磁感应，故选C。D根据静电感应，可知导体A端将感应出正电荷，故A错误；导体是一个等势体，N点的电势φN等于M点的电势φM，故B错误；导体两端带上异种电荷，说明静电感应使导体上的正负电荷进行了再分配，故C错误；导体内部合场强为零，即导体感应电荷产生的场强与带电小球产生的场强等大反向，根据场强的概念可知，带电小球在M点产生的电场强度大于在N点产生的电场强度，所以感应电荷在M点产生的电场强度大于在N点产生的电场强度，故D正确。B电路的电流等于灯泡的额定电流I＝＝A＝2A电动机两端的电压U＝E－Ir－UL＝22V电动机的输入功率P入＝IU＝44W输出的机械功率P出＝P入－I2r机＝44W－(2A)2×2W＝36W电动机输出机械功率与输入电功率之比为故选B。AB设两个点电荷的电荷量均为q，半圆弧的半径为R，根据点电荷场强公式以及电场强度的叠加法则可知E1＝eq\f(2kq,R2)，E2＝eq\f(2kq,R2)cos60°＝eq\f(kq,R2)，所以E1∶E2＝2∶1，故选B。D图中验电器的金属杆接A板，外壳和B板均接地，验电器显示的是A、B两极板间的电势差，指针张角越大，表示两板间的电势差越大。闭合开关S后，A、B两板与电源两极相连，两板间的电势差始终等于电源电压，验电器指针偏角一定不变。故A、B错误；根据，断开开关S后，板间距离增大或正对面积减小，都将使电容器的电容变小，而电容器所带电荷量不变，由可知，两板间的电势差U增大，从而使验电器指针偏角增大，故C错误，D正确。B变压器原、副线圈电压之比等于匝数之比，可得eq\f(n1,n2)＝eq\f(U1,U2)＝44，故A错误；理想变压器不改变功率，即原、副线圈功率相等，可得U1I1＝U2I2，解得原线圈的电流为I1＝0.05A，故B正确，D错误；原、副线圈均为正弦交流电，故副线圈两端电压的最大值为U2m＝U2＝V，故C错误。A在磁场中，粒子做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力qvB＝meq\f(v2,R)可得如图所示由几何关系及正弦定理得解得故A正确，BCD错误。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是正确的。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。BD若电子从右向左水平飞入，电场力向上，洛伦兹力也向上，所以电子向上偏转，故A错误，B正确；若电子从左向右水平飞入，电场力向上，洛伦兹力向下。由题意知电子受力平衡将做匀速直线运动，故C错误，D正确。10．AB由图乙可知，该交变电流的周期T＝0.02s，因此该交变电流的频率为f＝eq\f(1,T)＝50Hz，故A正确；由图乙可知，该交变电流的最大值Im＝10eq\r(2)A，因此该交变电流的有效值为I＝＝10A，故B正确；当t＝0.01s时，感应电流最大，则此时穿过线圈的磁通量为零，故C错误；根据图乙所示，交流电瞬时值的表达式为i＝imcos2πfteq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(A），代入数据得i＝10eq\r(2)cos100πteq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(A），故D错误。11．BC根据题意可判断电场线为曲线，方向与等势面垂直且由电势高的等势面指向电势低的等势面，带电粒子在只受电场力作用下由M点运动到N点，可判断带电粒子带正电，A错误；三个等势面为等差等势面，由图可知从M点运动到N点等差等势面越来越疏，所以电场强度变小，电场力变小，加速度变小，B正确；电场力做正功，电势能减小，根据动能定理，动能变大，故C正确，D错误。三、非选择题：本题共5小题，共50分。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要答题步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。12．(7分)(1)甲(3分)(2)20.0(2分)20.1(2分)(1)因为Rx＝100Ω>eq\r(RVRA)＝50Ω所以根据“大内小外”的原则，采用电流表内接法。宜采用甲电路。(2)此电阻的测量值为R测＝eq\f(U测,I测)＝20.0ΩRx中的电流为IR＝I测－IV＝0.498A所以真实值为R真＝eq\f(U真,IR)≈20.1Ω13．(8分)(1)二(2分)(2)(ⅰ)100(2分)(ⅱ)0.88(0.80～1.0均可)(2分)(ⅲ)等于(2分)(1)水果电池内阻较大，电压表并联在电源两端带来较大误差，因为该方式测量的是电压表与内阻并联后的总电阻，为减小实验误差，应选择方案二所示电路图。(2)(ⅰ)电流表的示数为100μA。(ⅱ)电源电动势为E＝I(r＋R)所以R＝E×eq\f(1,I)－r由图丙可知，图像斜率k＝E＝V＝0.88V(ⅲ)若考虑电流表的内阻，则E＝I(r＋R＋RA)图像斜率不变，则水果电池电动势的测量值等于真实值。14．(8分)解：(1)由平衡条件知tanθ＝eq\f(qE,mg)(2分)解得E＝eq\f(mgtanθ,q)(2分)(2)根据动能定理qElsinθ－mgleq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosθ）＝eq\f(1,2)mv2(2分)解得v＝eq\r(\f(2gl\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosθ）,cosθ）(2分)15．(12分)解：(1)依题意知，粒子在电场中做类平抛运动，有2d＝v0t1(1分)d＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)(1分)vy＝at1(1分)联立解得vy＝v0(1分)vB＝eq\r(veq\o\al(2,0)＋veq\o\al(2,y))＝eq\r(2)v0(1分)tanθ＝eq\f(vy,v0)＝1可得θ＝45°，即速度与x轴正方向成45°角并斜向右下方(1分)(2)粒子进入磁场中，做匀速圆周运动，由几何关系可知R＝2eq\r(2)d(1分)从B点到C点对应的弧度θ′＝eq\f(3,4)π(1分)由t1＝eq\f(2d,v0)(1分)t2＝eq\f(s,vB)(1分)且s＝θ′R(1分)联立解得粒子从A点运动到C点的总时间t＝t1＋t2＝eq\f(2d,v0)＋eq\f(3πd,2v0)(1分)16．(15分)解：(1)在ab运动过程中，由于拉力功率恒定，ab做加速度逐渐减小的加速运动，速度达到最大时，加速度为零，设此时拉力的大小为F，安培力大小为FA，有F－mgsinθ－FA＝0(1分)设此时回路中的感应电动势为E，由法拉第电磁感应定律，有E＝BLv(1分)设回路中的感应电流为I，由闭合电路欧姆定律，有I＝eq\f(E,R＋r)(1分)ab受到的安培力FA＝ILB(1分)由功率表达式，有P＝Fv(1分)联立上述各式，代入数据解得P＝4W(1分)(2)ab速度从v1到v2的过程中，ab克服安培力做功W＝2QR＝0.06J(1分)由动能定理，有Pt－W－mgxsinθ＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al