2020年四川省泸州市中考物理试题（解析版）

文档来源网络，仅供参考，侵权必删除物理一、填空题1.夏季，泸州市江阳公园的音乐喷泉随音乐舞动，供市民欣赏。以下关于声现象说法正确的是（）A.音箱发出的音乐不是振动产生的B.声音在传播过程中，可以传递信息C.区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音调不同D.声波在不同介质中传播时，速度保持340m/s不变【答案】B【解析】【详解】A．声音是由物体振动产生的，故A错误；B．声音可以传递信息和能量，故B正确；C．不同的乐器的材质和结构不同，它们发出的声音音色不同，故区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音色不同，故C错误；D．声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，在相同温度下，介质不同，声音传播的速度不同；在同种介质中，介质的温度不同，声音传播的速度不同，故D错误。故选B。2.请你朋友到国家优秀旅游城市泸州品尝各地的传统特色美食。以下关于泸州各地美食中所涉及到的物理知识，描述正确的是（）A.“泸州白糕”出笼时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气汽化吸热形成的B.“叙永两河桃片”在制作过程中，把猪板油放入锅中，猪板油熔化时会放出热量C.“合江烤鱼”在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过做功的方式改变其内能D.“泸县太伏火腿”在烹饪过程中，散发出浓浓的香味，这是分子做无规则运动的缘故【答案】D【解析】【详解】A．“白汽”，是笼中的水蒸气遇冷液化形成的，是放热过程，故A错误；

B．熔化是吸热过程，所以猪板油熔化时会吸收热量，故B错误；

C．“合江烤鱼”在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过热传递的方式改变其内能，故C错误；

D．“泸县太伏火腿”在烹饪过程中，，散发出浓浓的香味，这是因为分子在做无规则运动，故D正确。

故选D。3.“从生活走向物理，从物理走向社会”。对下列生活中的事例，判断错误的是（）A.“小王比小李胖”是指小王的体重一定大于小李的体重B.“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度C.用手机上网时，不能随意点击陌生链接，防止个人信息泄露D.大功率家用电器需要安装漏电保护装置，否则漏电时会危及生命和财产安全【答案】A【解析】【详解】A．人的体重和质量成正比，而质量的大小和物体的体积以及密度有关，“小王比小李胖”只能说明小王比小李的体积大，我们不能由此来判断质量的关系，所以也不能判断他们体重的大小关系，故A错误，符合题意；B．“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度，故B正确，不符合题意；C．用手机上网时，有很多链接是不安全的，所以不能随意点击陌生链接，以防止个人信息泄露，故C正确，不符合题意；D．大功率家用电器需要安装漏电保护装置，因为大功率电器工作时，通过电路的电流较大，漏电时可能会危及生命和财产安全，故D正确，不符合题意。故选A。4.公交IC卡是我市市民出行的好帮手。IC卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测器就会产生感应电流，便可读出IC卡上的信息。下列图中各电器的工作原理与IC卡刷卡时原理相同的是（）A.电风扇B.电动机C.手摇发电机D.电磁铁【答案】C【解析】【详解】AB．电风扇、电动机是利用通过导体在磁场中要受到力的作用的原理来工作的，故A、B不符合题意；C．手摇发电机，是闭合电路的部分导体做切割磁感线运动，产生感应电流，是利用电磁感应的原理来工作的，故C符合题意；D．电磁铁，是通过线圈的周围存在磁场，是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。故选C。5.2020年6月21日下午，泸州地区上空出现了日环食现象，如图所示。下列各图中的光学现象与日环食现象原理相同的是（）A.小孔成像B.平面镜成像C.水中的鱼看起来变浅了D.雨后空中彩虹【答案】A【解析】【详解】日环食的成因是光的直线传播原理；A．小孔成像是由于光的直线传播原理，故A符合题意；B．平面镜成像是由于光的反射原理，故B不符合题意；C．水中的鱼看起来变浅了，是由于光的折射，故C不符合题意；D．雨后空中彩虹是光的色散现象，其成因是由于光的折射，故D不符合题意。故选A。6.2020年6月23日，在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，成功发射北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星，实现北斗导航系统全球覆盖。下列说法中正确的是（）A.北斗导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播B.北斗导航系统中卫星间的信息传递采用光纤传送C.北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是运动的D.在轨运行的北斗导航卫星受到非平衡力的作用【答案】D【解析】【详解】A．电磁波的传播不需要介质，故A错误；B．北斗导航系统中卫星间的信息传递采用电磁波传送，故B错误；C．地球同步卫星相对地面的位置没有发生改变，故北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是静止的，故C错误；D．在轨运行的北斗导航卫星，运动的方向随时在改变，故运动状态随时在改变，受非平衡力的作用，故D正确。故选D。7.泸州“国窖1573”闻名世界。我市国窖广场的水平地面上竖直放置了“中国第一窖”的石头纪念标志，如图所示。下列说法中正确的是（）A.由于该石头静止在地面上，所以没有惯性B.石头对地面的压力和石头所受的重力是一对相互作用力C.石头所受重力和地面对石头的支持力是一对平衡力D.地面对石头的支持力小于石头对地面的压力【答案】C【解析】【详解】A．惯性是物体的一种属性，与物体的运动状态无关，所以石头静止在地面上，也有惯性，故A错误；

B．一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在不同的物体上、在同一直线上，石头对地面的压力和石头所受的重力方向都是向下的，所以不是一对相互作用力，故B错误；

C．石头所受重力和地面对石头的支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、同一直线上，是一对平衡力，故C正确；

D．地面对石头的支持力与石头对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。

故选C。8.2020年泸州市中考体育测试中有必考、抽考和选考科目，包括短跑、跳绳、实心球、立定跳远、带足球绕杆、运篮球上篮等。以下关于体考中的物理知识，说法正确的是（）A.学生在短跑过程中，机械能转化为化学能B.学生带足球绕杆的运动，说明力可以改变物体的运动状态C.学生投掷的实心球在飞行的整个过程中，动能一直在减小D.学生在立定跳远的整个过程中，他的重力势能一直不变【答案】B【解析】【详解】A．学生在短跑过程中，化学能转化为机械能，故A错误；B．学生带足球绕杆的运动，足球的运动方向和速度在发生改变，故足球的运动状态在发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；C．实心球在飞行的整个过程中，动能是先增大后减小，故C错误；D．学生在立定跳远整个过程中，他的重力势能，先增加后减小，故D错误。故选B。9.如图所示，同一个球在A液体中处于漂浮状态，在B液体中处于悬浮状态。下列判断正确的是（）A.A液体的密度小于B液体的密度B.A液体的密度大于B液体的密度C.球在A液体中受到的浮力小于在B液体中受到的浮力D.球在A液体中受到的浮力大于在B液体中受到的浮力【答案】B【解析】【详解】AB．因为球在A液体中处于漂浮状态，则有在B液体中处于悬浮状态，则有所以故B正确，A错误；CD．同一个球在A液体中处于漂浮状态，在B液体中处于悬浮状态，所以在两液体中的浮力即球在A液体中受到的浮力等于在B液体中受到的浮力，故CD错误。故选B。10.在泸州市第35届科技创新大赛上，某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中，另一端与塑料瓶盖相连并密封，在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉，然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧，发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内，如图所示。下列说法中正确的是（）A.塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，目的是让瓶内空气增加B.用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终等于大气压C.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是利用了连通器原理D.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压【答案】D【解析】【详解】A．塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，塑料瓶内空气受热膨胀溢出，目的是让瓶内空气减少，故A错误；

B．塑料瓶内空气受热膨胀溢出，瓶内空气减少，再用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终小于大气压，故B错误；

CD．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压，利用了大气压的作用，故C错误，D正确。

故选D11.某兴趣小组探究小台灯电路中各物理量的关系，如图所示。已知小灯泡的规格为“3V0.9W”，假设灯泡电阻不变，电源电压为3V。在探究过程中，闭合开关S，无论如何调节滑动变阻器，电流表示数都不会低于0.1A。则下列说法中正确的是（）A.小灯泡的电阻为10ΩB.当电流表示数为0.2A时，电压表示数为2VC.滑动变阻器的最大阻值为30ΩD.该电路消耗的最大功率与最小功率之比为3：1【答案】AD【解析】【详解】A．由可得小灯泡的电阻为故A正确；B．由图知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测整个电路的电流，电压表测变阻器两端的电压，当电流表示数为0.2A时，小灯泡两端的电压为由串联电路电压的特点可得，电压表的示数为故B错误；C．当电路的电流为0.1A时，小灯泡两端的电压为根据串联电路分压的特点可得则变阻器的最大阻值为故C错误；D．当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，此时电路消耗的功率最大，即为小灯泡的额定功率，即当变阻器接入电路的阻值最大时，此时电路消耗的功率最小，即最大功率与最小功率之比为故D正确。故选AD。12.如图所示，已知固定斜面长5m、倾角为30°，木箱重150N。某同学用大小为100N的推力沿斜面向上推木箱，使木箱沿斜面匀速从底端运动到顶端的过程中，关于木箱所受的力对木箱做的功，下列判断正确的是（）A.木箱克服重力做功的大小为500JB.木箱克服斜面摩擦力做功的大小为125JC.推力做功的大小为500JD.斜面支持力做功的大小为375J【答案】BC【解析】【详解】ABC．推力对木箱做的功为总功由题意知，斜面的高度为斜面长度的一半，木箱克服其重力做的功为有用功此过程中，木箱克服斜面摩擦力做的功为额外功故A错误、BC正确；D．斜面对物体支持力的方向和物体运动的方向互相垂直，这说明物体没有在支持力的方向上通过一段距离，所以斜面支持力对物体没有做功，故D错误。故选BC。二、填空题13.2020年6月28日，国产大飞机C919在新疆吐鲁番交河机场完成了高温极端天气下的试飞。飞机翅膀做成下平上凸形状，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强______（选填“大”或“小”），使飞机获得升力；飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹，有利于着陆减速时______（选填“增大"或“减小”）摩擦；飞机在高空飞行过程中与空气______（选填“摩擦”或“接触”）起电使飞机带上电荷，轮胎胶合了钢丝的目的，是飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地，保证乘客安全。【答案】(1).小(2).增大(3).摩擦【解析】【详解】[1]飞机翅膀做成下平上凸形状，根据伯努利原理，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强小。

[2]飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹，这是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦。

[3]飞机在飞行时，与空气摩擦产生大量的静电，所以轮胎胶合了钢丝，将静电导走，防止对乘客带来危害。14.疫情期间，某学校门口安装了一台双光温测智能识别系统，大幅度地提高了测温效率和人员识别能力，如图所示。测量温度主要利用了红外线具有热效应的特点，红外线是一种______（选填“电磁波”或“声波”）；光学成像系统的摄像头镜片是______（选填“凸透镜”“凹透镜”或“平面镜”）；当人体体温超过时，系统通过______（选填“温度”“压力”或“速度”）传感器，触发系统自动报警。【答案】(1).电磁波(2).凸透镜(3).温度【解析】【详解】[1]红外线是不可见光，它属于电磁波的一种。[2]光学成像系统的摄像头和照相机的镜头一样，同为凸透镜。[3]当人体体温超过时，系统通过温度传感器，触发系统自动报警。15.泸州云龙机场用传送带为顾客运送行李，主要有水平运送和沿斜面运送两种形式，甲为水平传送带，乙为倾斜传送带，如图所示。当行李随传送带一起匀速运动时，甲传送带上的行李所受的摩擦力______（选填“等于零”或“不等于零”），乙传送带上的行李所受的摩擦力______（选填“等于零”或“不等于零”）。如果乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动，则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带______（选填“向上”或“向下”）。【答案】(1).等于零(2).不等于零(3).向上【解析】【详解】[1]甲传送带上的行李做匀速直线运动，由题意可知它受到平衡力的作用，其竖直方向受到的重力和传送带的支持力为一对平衡力，假设行李在水平方向会受到摩擦力，那它在水平方向肯定会受到另一个力和摩擦力平衡，但我们找不到这个力的存在，所以假设不成立，即甲传送带上的行李所受的摩擦力为零。[2]乙传送带上的物体会受到重力和传送带对其的支持力，重力的方向是竖直向下的、支持力的方向和传送带垂直向上，也就是说重力和支持力的方向并不相反，所以这两个力不能平衡，而乙传送带上的行李在做匀速直线运动，所以行李肯定会受到传送带的摩擦力，在重力、支持力、摩擦力，三力共同作用下，行李处于平衡状态。[3]乙传送带上的物体受到重力的作用，所以该行李有沿传送带向下运动的趋势，而摩擦力总是阻碍物体的相对运动（或相对运动趋势），由此可知行李在运动中受到的摩擦力方向是沿传送带向上的。16.随着我市城市化步伐加快，计划建两条电气化城市轻轨。其中一条是泸州客运中心到泸州南站，里程大约24km，设计列车运行时间24min，则列车运行全程的平均速度约为______km/h；列车运行时将______能转化为机械能；列车减速进站时，其动能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】(1).60(2).电(3).减小【解析】【详解】[1]列车运行全程的平均速度约为[2]列车是电气化城市轻轨，所以列车运行时将电能转化为机械能。[3]列车减速进站时，速度减小，质量不变，所以其动能减小。17.如图所示，站在水平面上的建筑工人竖直拉着绳，通过滑轮组将540N的重物在5s内匀速提升1m。已知工人重600N，与地面的接触总面积为0.04m2，动滑轮重100N，不计绳重和滑轮的摩擦。重物被匀速提升过程中，绳自由端的速度为______m/s，人对地面的压强为______Pa。若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体，则滑轮组的机械效率将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】(1).0.4(2).7×103(3).变大【解析】【详解】[1]由图知，承担物重的绳子段数为绳自由端移动的距离为绳自由端的速度为[2]因不计绳重和滑轮的摩擦，则人对绳的拉力为以人为研究对象，受重力、绳的拉力、地对人的支持力作用，则人对地的压力为人对地面的压强为[3]由知若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体，则滑轮组的机械效率将变大。18.现阶段核潜艇的动力系统是由原子核______（选填“裂变”或“聚变”）提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源。若用燃气灶将一壶质量为3kg、初始温度为20℃的水加热到80℃，消耗了0.1m3的页岩气。已知水的比热容，页岩气的热值为4.2×107J/m3，则该燃气灶烧水的效率为______%。【答案】(1).裂变(2).不可再生(3).18【解析】【详解】[1]在现阶段，原子核的裂变是可以控制的，核潜艇的动力系统也是由原子核裂变提供的能量。[2]页岩气和核能用一点少一点，所以它们都属于不可再生能源。[3]由题意可知，水吸收热量页岩气完全燃烧释放的热量该燃气灶烧水的效率19.小聪家的电能表如图所示，由此可知，小聪家允许接入电路的最大功率为______kW；小聪家有一个规格为“220V1000W”的用电器，可能是______（选填“台灯”“电饭锅”或“电视机”）。当电路中只有这一用电器正常工作10min，电能表的转盘转了______转。【答案】(1).11(2).电饭锅(3).500【解析】【详解】[1]由电能表的铭牌可知小聪家允许接入电路的最大功率[2]1000W应该属于大功率电器，所以该电器可能是电饭锅。[3]电饭锅正常工作10min，消耗的电能假设电能表表盘转过了n圈解上式可得20.某兴趣小组设计了一个力电综合装置，在轻质杠杆的左端点A，用竖直细线通过定滑轮与弹簧测力计相连，杠杆的右端点B，用细线悬挂一条形磁铁，在条形磁铁正下方的螺线管与电路相连，如图所示。开关闭合前，当弹簧测力计的示数为7.5N时，杠杆在水平位置平衡，已知OA∶OB=2∶3，不计绳重和摩擦。则条形磁铁的重力等于______N；闭合开关S后，螺线管上端为______（选填“N极”或“S极”），为了保持杠杆水平平衡，弹簧测力计的示数______（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】(1).5.0(2).N极(3).增大【解析】【详解】[1]因为使用的是定滑轮，且不计绳重和摩擦，所以绳对杠杆的左端点A的拉力F为7.5N。根据杠杆平衡条件所以[2]闭合开关S后，运用安培定则，即用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，大拇指所指的方向即是通电螺线管的N极。所以螺线管上端为N极。[3]因为异名磁极相互吸引，所以条形磁铁被吸引，杠杆右端点B所受拉力增大，为了保持杠杆水平平衡，根据杠杆平衡条件，应增大轻质杠杆的左端点A的拉力，即增大弹簧测力计的拉力，其示数增大。三、实验题21.小李在实验室取出-10℃的冰进行加热实验，她观察冰熔化成水直到沸腾的过程并记录相关数据，绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。根据图像可知0~4min内这块冰的内能______（选填“增加”或“不变”），加热到6min时，将处于______（选填“固态”“液态”或“固液共存态”），加热到______min，水开始沸腾。【答案】(1).增加(2).固液共存态(3).14【解析】【详解】[1]根据图像可知0~4min内这块冰的温度在升高，内能在增加。[2]加热到6min时，物质继续吸热，但温度保持不变，正在熔化，处于固液共存状态。[3]加热到14min时，水的温度达到100℃，保持不变，开始沸腾。22.小聪将一根橡皮筋左端固定在墙上，用弹簧测力计拉其右端来“探究两个分力与合力关系”。(1)实验中使用的弹簧测力计如图甲所示，其分度值为______N；(2)小聪用两个弹簧测力计一起沿相同方向作用于橡皮筋上拉到A点，此时两个弹簧测力计的示数分别为F1=3.0N、F2=4.0N；小聪只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到A点，弹簧测力计的示数F=7.0N，如图乙所示。F的作用效果与F1、F2共同作用的效果相同，即F为F1和F2的合力，这种探究物理规律的方法是______（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；(3)小聪在实验中突发奇想，将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点，记下两弹簧测力计的示数分别为F3=3.0N、F4=4.0N；然后只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到B点，如图丙所示，读出弹簧测力计的示数F＇=______N。根据你对合力与分力的理解，判断F＇______（选填“是”或“不是”）F3、F4的合力。【答案】(1).0.2(2).等效替代法(3).5（或5.0）(4).是【解析】【详解】(1)[1]弹簧测力计的刻度一大格是2N，一大格有十小格，所以分度值是0.2N。(2)[2]F的作用效果与F1、F2共同作用的效果相同，可以用F代替F1、F2，这种方法叫等效替代法。(3)[3]弹簧测力计的分度值是0.2N，指针指在4～6N中间，所以示数是5N。[4]F＇的作用效果与F3、F4共同作用的效果相同，即F＇是F3、F4的合力。23.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V。(1)小王同学连接电路时，开关应处于______（选填“闭合”或“断开”）状态。小王已连接了部分电路，如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的______（选填“A”“B”“D”或“P”）点相连；(2)小王连接好电路后，闭合开关，逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，此现象的原因可能是______（选填“开关”“小灯泡”“滑动变阻器”或“电流表”）出现故障；(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，观察到两电表示数在变化，并做好数据记录。小王根据多组实验数据绘制的图像如图乙所示，根据图像可得小灯泡的额定功率是______W，此时小灯泡的电阻是______Ω；(4)小王还发现图线在电流较小时是直线，随着电流增大，图线变成了一条曲线，如图乙所示。造成这变化的原因是小灯泡的______随温度变化而变化；(5)滑动变阻器的滑片P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为、，则______（选填“>”、“<”或“=”）。【答案】(1).断开(2).A(3).小灯泡(4).0.5(5).12.5(6).电阻(7).=【解析】【详解】(1)[1]为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。[2]要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的A点相连。(2)[3]逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，电流表指针几乎不偏转，说明电路形成了断路；发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，说明电压表串联接入了电路，小灯泡断路了，故此现象的原因可能是是小灯泡。(3)[4][5]由图乙知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为此时小灯泡的电阻为(4)[6]电流较小，小灯泡灯丝产生的热量少，灯丝的温度低，灯丝的电阻变化小；当电流较大时，小灯泡灯丝产生的热量多，灯丝的温度高，灯丝的电阻变化大，故造成这变化的原因是小灯泡的电阻随温度变化而变化。(5)[7]因小灯泡与变阻器串联，根据串联电路电压的特点知，当滑片移动一段距离后，变阻器接入电路的电阻增大或减小，此时变阻器分得的电压增大或减小，小灯泡分得的电压相应的减小或增大；小灯泡两端电压增加或减小量等于变阻器两端电压的减小或增加量，故=24.电学实验室有一种恒流电源，将电源接入电路工作时，该电源输出恒定的电流，而电源两端的电压会随着外电路的电阻变化而变化。小浩在一次实验时，将恒流电源接入如图所示的电路中，其中、均为定值电阻。只闭合开关S1时，电压表示数，此时电阻消耗的电功率。(1)求该恒流电源输出的恒定电流；(2)若同时闭合开关S1、S2时，电压表示数变为，求定值电阻的阻值；(3)若同时闭合开关S1、S2，通电1min，求电阻产生的热能。【答案】(1)0.6A；(2)20Ω；(3)48J【解析】【详解】(1)设恒流电源的恒定电流为I，当只闭合S1时，电路中只有接入电路，由功率公式可得(2)只闭合S1时，由欧姆定律可得的阻值同时闭合两个开关，电阻、并联，则通过的电流为根据并联电路分流的特点知则的阻值为(3)由焦耳定律可得电阻产生的热能答：(1)该恒流电源输出的恒定电流为0.6A；(2)定值电阻的阻值为20Ω；(3)电阻产生的热能为48J。25.借浮力起重，是我国古代的一个创造。如图所示为某一次起重涉及的物理原理简化示意图。有一个底面积S1=2m2的圆柱形空金属容器A平放在水平地面上，其内放置一个厚度不计、底面积S2=1.5m2的圆柱形金属容器B，容器B质量m1=500kg，内装有m2=3×103kg的水。（取g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）(1)求容器B中的水对容器B底部的压强；(2)将容器B中的水往外抽到容器A中，当所抽水的质量m3=600kg时，则容器B内外水的深度差是多少？此时容器B对容器A的压力是多少？【答案】(1)2×104Pa；(2)0.4m；1.1×104N【解析】【详解】(1)设容器B中的水对容器A底部的压强为P1，由压强公式可得(2)设从容器B中抽出600kg的水后，容器B中水的深度为hB，容器A中水的深度为hA，容器B内外深度差为h，由题意-----------①-------------②代入数据,由①②解得=1.2m，=1.6m所以=1.6m-1.2m=0.4m此时容器B所受的浮力容器A对容器B的支持力所以容器B对容器A的压力提高中小学教学质量在于课堂中小学课堂教学作为一种教育人的生命活动，是人生中一段重要的生命经历。对此，全国著名特级教师窦桂梅深有感触“课堂是一个值得我们好好经营的地方，是我们人生修炼的道场。课堂就是一本人生的大书，赢在课堂，就是赢得人生。”我们还要理直气壮地说课堂是学校的血脉、教师的根基、学生的跑道，教学质量不能输在课堂，精彩人生不能输在课堂。全面提高中小学教学质量就要赢在课堂，这是奠基、这是底线、这是焦点、这是根本。当下，我们认真审视和考量中小学课堂教学，不难发现教师教得苦、学生学得累、质量难得好的现象还是比较普遍，主要困境如下:一是教学理念转变不到位。课改的核心理念是为了每一位学生的发展，以人为本。但在课堂教学现状中我讲你听、我写你记、我考你背仍然流通。考点为中心，考题为中心，考试为中心仍然盛行。穿新鞋，走老路只管教，不管学重考试，轻能力仍然存在。二是教学目的窄化、不明确。我们的教师应该是既传学习之道，更传做人之道既授课堂学业，更授立身基业既解攻书之惑，更解成长之惑。现实中有些老师则是将“传道授业解惑”直接演绎为知识传授、解题训练，考试高分是教学的唯一目的或最为重要的目的。三是教学目标落实不清楚。课程改革提出教学三维目标，即知识与技能，过程与方法，情感、态度与价值观。四是教学内容封闭不科学。当今的教学改革关注自然、关注社会、关注生活、关注热点。选拔考试突出考能力、考素养、考思辨。令人担忧的是有些老师在教材使用上拘泥教材，内容选择上应付考试，直接导致教师走进苦海，学生跳进题海。五是教学方式单一不管用。课程改革倡导“自主、合作、探究”的学习方式，走进新课改，对话教学、问题教学、探究教学效果显著。六是教学效率偏低不高效。有的课堂"互动"只停留在形式上，假互动、无效热闹充斥课堂。自主、合作、探究或是牵强附会，或是徒有虚名，或是无病呻吟。表面上看起来课堂比较活跃，，实际上浪费了时间，浪费了精力，效率低下。七是教学主体忽视不全面。一部分课堂教学，仍然存在着学生的主体作用被忽视的现象。有些教师的教学基点过高，视野狭窄，盯住尖子，以牺牲时间、精力抢抓分数为代价，造成恶性循环。八是教学手段简单不恰当。有些教师既不板书课题，也不板书主要内容。看不见老师的循循善诱，听不到老师的画龙点睛。只是照本宣科、点击鼠标、呈现菜单，一个问题接一个问题闪现，然后呈现答案，呼啦一片，课就结束了。一要赢在理念驱动。教学理念，是指在教学实践中形成的关于教学工作的思想、观念，以及对某些问题的理性认识，它对于教学工作、教学行为具有指导、引领的作用。正确的教学理念会给教学活动指明方向和道路，并提高课堂教学水平。新课程改革反复强调理念是思想的先导、行为的指南。顾明远先生一语道出真谛：“任何教育行为都应以教育理念为指导，教育教学理念贯穿于教育教学的全过程，很难想象缺乏理念或理念单一的教育教学过程，将会带来怎样的后果。”中小学课堂教学实践证明：先进的教学理念有助于激发学生的学习兴趣，有助于培育学生的学科素养，有助于打造学科的高效课堂，有助于提升课堂的教学质量。二要赢在目标导学。新课程倡导的三维教学目标是课堂教学导引、导入、导学的根本。目标导学是课堂教学的起点，也是课堂教学的归宿。价值观强调个人价值与社会价值的统一；科学的价值与人文价值的统一。课堂教学的实施其三维目标缺一不可、互为整体，在具体教学过程中应该有机融入、自然渗透，决不可人为割裂，穿鞋戴帽，顾此失彼。三要赢在兴趣培养。苏霍姆林斯基说过：“在每一个年轻的心灵里，存放着求知好学、渴望知识的火药。就看你能不能点燃这火药。”可见，激发学生的兴趣就是点燃渴望知识的导火索。兴趣，是学生学习一切知识的精神与力量源泉。但兴趣是不能强求的，要顺其自然、因势利导，想方设法地着力培养。兴趣的培养，要触发学生的学习责任感和内驱力，需要不断地强化知识积累。因为知识储备是兴趣爱好的基础，知识越丰富的人，兴趣也越广泛。知识贫乏的人，兴趣也会是贫乏的。一般来说，人都会因为兴趣而执着于某一项活动，并在最后取得或小或大的成功。有了浓厚的兴趣、有了学习的动力，就会有丰富的想象力，就会有合理的联想力，从而促使学习成为一种享受、一种快乐。学习兴趣的教学，是一座冰山。美国教育家哈曼说得精辟：“那些不设法勾起学生求知欲的教学，正如同锤打着一块冰冷的生铁。”四要赢在教材探究。教材是学生自主学习的重要资源和工具，它不仅决定课堂教学的内容，而且提供了教学活动的基本线索和学习方法。教师把握教材，要经过解读、深究、理解、活用。根据认识过程的普遍规律和教学过程中学生的认知特点，学生系统掌握知识，常常是从对教材的感知开始，感知越丰富，观念越清晰，形成概念和理解知识就越容易，同时教材也使学生在学习过程中获得的知识更加系统化、规范化。新课程倡导教师用教材教，而不是教教材的教育理念日渐深入人心。教师要研读教材，为教学明晰方向；吃透教材，为教学正确定位；把握教材，为教学夯实基础；用好教材，为教学质量负责；整合教