计算机网络习题答案简化版

1150Mbps的传输线？供的计算能力和更好交互式接口。千公里，时延将也高。相反，使56kbps调制解调器呼叫在同一大楼内的计算机则有低带1n，从根到第nn-10.50。或区分n-2事件。事件1到n由主机成功地、没有地使用这条信道的事件组成。层的协议的改变不会影响或低层的协议。meannumberoftransmissionisthen接的通信，而TCP/IP在网络层仅有一种通信模式（无连接），但在传输层支持两种模式TCP与UDP..2答：信噪比为20dB即S/N= 道容量为3log2 1.30μm的波段，这个带宽所对应的波长范围有多大？18050km的事实无关。线在10km长的情况积是，即约为 9kg2400bps。奈奎斯特定理，为获取一个4kHz8000次的采样频率。因此开销比例等于25/193=13%。CCITT2.048Mbps标准信道用于传信息，2个信道用于传控制信号。在每一个4kHz信道上发送的数据率就是答：基本的SONET125810字节。由于SONET是同步的，因此不＝MbpsOC-3cOC-3流的速率略高（149.760Mbps和用258列。更次的串联帧（如OC-12c）也存在。9OC-12c8＝75096。每8000帧，得到用户数据速率75096×8000=600768000bps600.768Mbps。如果考虑n为奇偶数，n为偶数时，为n/2，平均为n2/4(n对于电路交换，t=s时电路建立起来；t＝s+x/d文的最后一位发送完毕；t=s+x/b+kd文到达目的地。而对于分组交换，最后一位在t=x/b时发 令因为p＞0故在每个频道上又都有两个逻辑流通过TDM交织（和交替使用频道）。3 k k答：如所列的除式，所得的余数为x2+x+1.遍是为了发送。把CRC放在尾部就可以把处理时间减半。大于延迟的两倍时，效率将会高于50%。 A0号帧给B站。B站收到此帧，并发送ACKACK丢失了。A站发r.rack+1<next_frame_to_send也是重要的。因此，能够安全使用的最大窗口值为1。每一个帧的发送时间为1ms，则信道利用率为k/542，因此：电缆将会在0.5ms内填满。T1速率125传送一个193位的帧，0.5ms可以传送4个T1帧，193*4=772bit。eitherAorDbutnotbybothtogether.第4章介质子答：对于纯的ALOHA，可用的带宽是0.184×56Kb/s= 每个站需要的带宽为1000/100=10b/s。而N=10304/10≈1030个时隙。这样，平均会引入半个时隙的延迟。因此，纯ALOHA的延迟比较小。隙的发送次数为50/8000=1/160。是e-G×e–G=e-2G概率是e-G。求，G=2。因此，首次尝试的成功率是：e-2=1/e2（b）（b）S＝Ge-G， ＝2.3，e-121，10个站点的虚站号变为：8，0，1，5，3，7，4，6，9，2希望发送，在第二时隙内会发生，于是第三时隙内由D节点以下各站来竞争信道。2n-1个父节点，所以p1≈2-的节点总数n1=1++…+2+2=1=2n，接下来，我们两个发送站共享祖父节点的概率共个指定的祖父节点的概率是1/C22n-1。2n-2个祖父节 p3=2-n+2遍历树所经过的节点总数比n2又少两个节点2-(i-1)，开头k-1次尝试失败，紧接着第k次尝试成功的概率是：.答：对于1km电缆，单程时间为=5×10-6s，即5，来回路程时间率工作，10可以发送的比特数等于：5 变成了40000字节-秒的器对比9600字节-跳段的电路容量。如果器的使用期为两年，即 7秒，一个字节-秒的代价为1/(1.5×107=6.7×10-8分×B：（5，0，8，12，6，2）E：（7，6，3，9，0，4）习题9D给出（19，15，9，3，12，13）E给出（12，11，8，14，5，9）线线p2个跳段的概率为（1p）p3个跳段的概率为（1p）2p。一次发送成功（走完整个通路）的概率为(1-p)2，令a=1-p)2，两次发射成11000字节长的分组要做的工作多得多。即 384×2×105 答：Theaddressis194.47.21.130..,出以w.x.y.z/s方式的掩码。以重新作汇总?如果不能汇总,有什么代替方法?答：Itissufficienttoaddonenewtableentry:29.18.0.0/22forthenewblock.Ifan withinitsrange.inandoutofthecompanyviathesamerouter,sincethatiswherethemapiskept.IfeachrouterthemapcanbedonecorrectlyandmultihomingwithNATcanbemadetowork.有这样的服务器，主机自己回答ARP查询。IP12ps。6有相同号码的旧的TPDU已经不复存在。显然，在任何连接上的最大数据率是每个时钟滴答发送一个TPDU。在系统后重2404个号码，如果时间以t表示（以秒为令t=10(t-3216.8)，得t=5316.3秒。即当t=5316.3时，开始进入区，因此当2。而导致性的。统统TPDU，接收方采用顺序AWWA则无关紧要。n2+n3+n6+即线路效率是0.1%。开操作，并收到一个SYN，那么也将进入SYNRECD状态。4次突发量传输后，拥塞窗口将是8K字节。用下列公式更新RTT值：现在， 30秒的时间内发送方发送的TPDU的数目不能多于255个。 器每秒钟消耗9.375×1012个顺序号。(2×1019)/(9.375×1012≈2×106，所以顺序号循环一周39.onlygets6250/11.72or533instructions.100，往返延迟是2001K字节就是8192位。如果发送8192位的时间为200，那么发送延迟就等于延迟。设W是发送1位的时间，那么 6。所以，数据传输速率为40Mb/s7： ：第8章7e=1(mod360)，所以e=463。27e=1(mod40)e=3n=p×q=55当M=1时，C=Me（modn）=13（mod55）=1当M=2时，C=Me（modn）=23（mod55）=8当M=3时，C=Me（modn）=33（mod55）=27当M=4时，C=Me（modn）=43（mod55）=9当M=5时