XX选考高考物理大一轮复习单元滚动检测卷一运动描述匀变速直线运动

XX选考版高考物理大一轮复习单元转动检测卷一运动的描绘匀变速直线运动XX选考版高考物理大一轮复习单元转动检测卷一运动的描绘匀变速直线运动PAGEXX选考版高考物理大一轮复习单元转动检测卷一运动的描绘匀变速直线运动单元转动检测卷一运动的描绘匀变速直线运动考生注意：1．本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页．2．答卷前，考生务必用蓝、黑色笔迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应地点上．3．本次考试时间90分钟，满分100分．选择题部分一、选择题Ⅰ(此题共12小题，每题3分，共36分．每题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1.周日，小明随家长驾车行驶在高架路上，如图1所示，看到车窗外的路灯杆迅速向后运动，当汽车上坡时，小明发现家长降低了车速，当汽车驶入凹形路面时，小明感觉与座椅之间的压力发生了变化．上述资料说起“车窗外的路灯杆迅速向后运动”，这里所选的参照系是()图1A．小明乘坐的汽车B．路面C．其余路灯杆D．高架护栏答案A2．温州南塘，每年端午龙舟竞赛喧闹非凡，如图2是龙舟在进行500m的直道竞赛，以下说法正确的选项是()图2A．研究队员的划桨动作，可将队员看作质点B．以龙舟为参照系，岸上站立的观众是静止的C．获取第一名的龙舟，撞线时的速度必定很大D．获取最后一名的龙舟，均匀速度必定最小答案D3．一质点沿直线运动，其均匀速度与时间的关系知足v＝2＋t(各物理量均采用国际单位制中单位)，则对于该质点的运动，以下说法正确的选项是()A．质点可能做匀减速直线运动B．5s内质点的位移为35mC．质点运动的加快度为1m/s2D．质点第3s末的速度为5m/s答案B分析依据均匀速度v＝eq\f(x,t)知，x＝vt＝2t＋t2，比较x＝v0t＋eq\f(1,2)at2知，质点的初速度v0＝2m/s，加快度a＝2m/s2，质点做匀加快直线运动，故A、C错误.5s内质点的位移x＝v0t＋eq\f(1,2)at2＝2×5m＋eq\f(1,2)×2×25m＝35m，故B正确．质点第3s末的速度v＝v0＋at＝2m/s＋2×3m/s＝8m/s，故D错误．4.2017年8月份开始，浙江高速公路都将实行“区间测速”．交警局一位负责人解说，区间测速是一项先进的监控手段，利用车辆经过前后两个监控点的时间计算均匀车速的简单原理，只要测算距离与通行时间就能够换算出有没有超速行为，图3为高速公路的一个交通标记，一辆汽车于8月2日上午8∶03经过监测起点时速度为115km/h，上午8∶11经过监测终点时的速度也为115km/h，由此可判断()图3A．汽车在该测速区间以115km/h的速度做匀速运动B．汽车在起点和终点之间的速度都小于120km/hC．依据区间测速的原理，该汽车超速了D．在该测速区间，汽车某时辰的刹时速度不能够能为100km/h答案C分析20km的距离若以限速120km/h行驶，需要10分钟时间，而给出的时间间隔只有8分钟，所以必定有以超出120km/h的速度行驶的过程，C正确．5．图4A．加快阶段的加快度B．加快阶段的时间C．刚趴在脸盆上的初速度D．减速阶段发生的位移答案C分析邓超先从静止匀加快到最大速度后直接匀减速减到零，依据匀变速直线运动的规律可知全过程的均匀速度是最大速度的一半，则有总位移x＝eq\f(1,2)vmaxt总，由总位移和总时间能够计算最大速度，即刚趴在脸盆上的初速度，选项C正确；仅依据总位移和总时间，而不知道加快和减速的时间，没法求解加快、减速过程的加快度以及对应的位移，选项A、B、D错误．6．一辆汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，某时辰封闭发动机而做匀减速直线运动，加快度大小为4m/s2，则封闭发动机后，汽车经过48m所需时间为()A．4sB．5sC．6sD．7s答案A分析由位移公式得x＝v0t－eq\f(1,2)at2，解得t1＝4s，t2＝6s，由于汽车经t0＝eq\f(v0,a)＝5s停止，故t2＝6s舍去，故只有选项A正确．7．(2018·绍兴市期末)滴滴车主小张行驶在绿云路(308省道)上，在甲处接到订单，导航地图显示乘客上车地点(以下记为乙处)就在笔挺的绿云路上，汽车若以v匀速行驶，抵达乙地所需的时间为t；汽车实质以速度v0从甲地出发，按地图导航匀速行进，快到某个路口时为礼让斑马线上的行人紧迫刹车，汽车刹停后(绿灯已亮起)又立刻匀加快到v0，连续匀速行进，从开始刹车到加快至v0的时间为t0，汽车刹车、加快过程中的加快度大小相等．汽车仍旧在t时间内赶到了乙地，则汽车匀速运动的速度v0为()A.eq\f(vt,t－\f(t0,2))B.eq\f(vt,t＋\f(t0,2))C.eq\f(vt,t－t0)D.eq\f(vt,t＋t0)答案A8．建筑工人经常徒手抛砖块，当砖块上涨到最高点时被楼上的师傅接住用以砌墙．如图5所示，若某次以10m/s的速度从地面竖直向上抛出一个砖块，g取10m/s2，空气阻力能够忽视，则()图5A．砖块上涨的最大高度为10mB．砖块上涨的时间为1sC．抛出后经0.5s上涨的高度为最大高度的一半D．抛出后上涨过程砖块做变减速直线运动答案B分析9．乘热气球(图6甲)遨游已成为人们喜爱的航空体育运动．如图乙所示，为某次热气球升空过程中的v－t图象(取竖直向上为正方向)，则以下说法正确的选项是()图6A．0～10s内，热气球的均匀速度为5m/sB．30～40s内，热气球竖直向下运动C．30～40s内，吊篮中的人处于超重状态D．0～40s内，热气球上涨的总位移大小为150m答案D10.如图7所示为甲、乙两物体相对于同一参照系的x－t图象，以下说法中正确的选项是()图7A．甲、乙两物体的出发点相距eq\f(x0,2)B．甲、乙两物体都做匀速直线运动C．甲物体比乙物体晚出发的时间为t1D．甲、乙两物体向同方向运动答案B分析由题图可知，甲从距原点x0处出发，乙由原点出发，故两物体出发点相距x0，A选项错误；两图线都是倾斜直线，即两物体都做匀速直线运动，B选项正确；甲开始计时就出发，乙在计时后t1时辰才出发，故甲比乙早出发的时间为t1，C选项错误；甲、乙图线的斜率分别为负值和正当，表示甲、乙运动方向相反，D选项错误．11．将一个小球从报废的矿井口由静止开释后做自由落体运动，4s末落到井底．该小球开始着落伍第2s内和第4s内的均匀速度之比是()A．1∶3B．2∶4C．3∶7D．1∶4答案C分析依据公式v＝gt可得，第1s末小球的速度为：v1＝g，第2s末小球的速度为v2＝2g，所以第2s内的均匀速度为eq\x\to(v1)＝eq\f(v1＋v2,2)＝eq\f(3,2)g，第3s末小球的速度为v3＝3g，第4s末小球的速度为v4＝4g，所以第4s内的均匀速度eq\x\to(v2)＝eq\f(v3＋v4,2)＝eq\f(7,2)g，故eq\x\to(v1)∶eq\x\to(v2)＝3∶7.12．一辆汽车以某一速度在郊区的水平路面上运动，因前面交通事故紧迫刹车而做匀减速直线运动，最后静止，汽车在最先3s内经过的位移与最后3s内经过的位移之比为x1∶x2＝5∶3，汽车运动的加快度大小为a＝5m/s2，则汽车制动的总时间()A．t>6sB．t＝6sC．4s<t<6sD．t＝4s答案D分析设汽车刹车做匀减速直线运动的加快度为a，运动总时间为t，把汽车刹车的匀减速直线运动看作反向的初速度为0的匀加快直线运动，则有最后3s内经过的位移x2＝eq\f(1,2)at12＝eq\f(9,2)a，在最先3s内经过的位移x1＝eq\f(1,2)at2－eq\f(1,2)a(t－3)2＝eq\f(1,2)a(6t－9)，又x1∶x2＝5∶3，解得t＝4s，故A、B、C错误，D正确．二、选择题Ⅱ(此题共4小题，每题3分，共12分．每题列出的四个备选项中最罕有一个是符合题目要求的，所有选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)13．以下说法中正确的选项是()A．在直线运动中质点的行程等于位移的大小B．第3s末到第6s初的时间间隔是3sC．物体只在重力作用下由静止开始的运动叫自由落体运动D．刹时速度保持不变的运动是匀速直线运动答案CD分析在有来回的直线运动中质点的行程大于位移的大小，A项错误；第3s末到第6s初的时间间隔是2s，B项错误．14.某物体沿水平方向运动，规定向右为正方向，其v－t图象如图8所示，则()图8A．在0～1s内做曲线运动B．在1～2s内速度方向向左C．在第2s末离出发点最远D．在1～2s和2～3s内的加快度方向相反答案C分析质点在0～1s内做变加快直线运动，故A错误；在1～2s内，物体的速度在减小，但方向为正，表示仍旧向右运动，故B错误；在v－t图象中图线与时间轴所围面积为物体运动的位移，在前2s内物体向来向右运动，2s后向左运动，故在第2s末离出发点最远，故C正确；由题图可知，在1～2s和2～3s内的加快度方向同样，D错误．15．一质点沿x轴运动，其地点x随时间t变化的规律为x＝15＋10t－5t2(x的单位为m，t的单位为s)．以下对于该质点运动的说法正确的选项是()A．该质点的加快度大小为5m/s2B．t＝3s时辰该质点速度为零C．0～3s内该质点的均匀速度大小为5m/sD．物体处于x＝0处时其速度大小为20m/s答案CD分析由x＝15＋10t－5t2知v0＝10m/s，a＝－10m/s2，故A错误；由v＝v0＋at，t＝3s时，v＝－20m/s，故B错误；t＝3s时x＝0，t＝0时，x＝15m，则0～3s内均匀速度eq\x\to(v)＝eq\f(Δx,Δt)＝eq\f(0－15,3)m/s＝－5m/s，即大小为5m/s，故C正确；当x＝0时得t＝3s，则v＝v0＋at＝－20m/s，速度大小为20m/s，故D正确．16．(2018·丽水一中月考)一物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1s内经过的位移为x1＝3m，第2s内经过的位移为x2＝2m，又经过位移x3，物体的速度减小为0，则以下说法中不正确的选项是()A．初速度v0的大小为2.5m/sB．加快度a的大小为1m/s2C．位移x3的大小为eq\f(9,8)mD．位移x3内的均匀速度大小为0.75m/s答案A分析依据匀变速直线运动的位移公式有x1＝v0t1＋eq\f(1,2)at12，x2＝v0(t1＋t2)＋eq\f(1,2)a(t1＋t2)2－x1，解得v0＝3.5m/s，a＝－1m/s2；设物体从开始到停止运动的位移为x，所用时间为t，依据匀变速直线运动的位移速度关系式和速度公式有0－veq\o\al(,02)＝2ax，v0＋at＝0，解得x＝eq\f(49,8)m，t＝3.5s，所以x3＝x－x1－x2＝eq\f(9,8)m，所用时间t3＝t－t1－t2＝1.5s，位移x3内的均匀速度大小v3＝eq\f(x3,t3)＝0.75m/s，所以不正确选项为A.非选择部分三、非选择题(此题共6小题，共52分)17.(6分)2007年10月24日，中国第一颗探月卫星“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心顺利升空，如图9所示是某航空喜好者用数码相机以每隔2.5s一张的频次拍摄的对于火箭初步加快阶段的一组照片，拍摄过程中数码相机用三脚架固定在地面上，已知火箭的长度为40m，用刻度尺丈量照片上的长度关系，结果以以下图，则：图9(1)火箭的加快度大小a＝________m/s2.(2)火箭在照片中第二个像所对应时辰的刹时速度大小v＝________m/s.答案(1)8(2)42分析从照片上看，照片1cm相当于实质长度20m，量出前后两段位移分别为4.0cm和6.5cm，对应的实质位移分别为80m和130m，由Δx＝aT2，可得a＝8m/s2；再依据这5s内的均匀速度等于中间时辰的刹时速度，可得照片中第二个像所对应时辰的刹时速度大小v＝eq\f(80＋130,5)m/s＝42m/s.18．(8分)(2018·9＋1高中结盟联考)某同学用如图10甲所示器械研究小车速度随时间变化的规律，实验中获取如图乙所示纸带，在纸带上确立出A、B、C、D、E、F共6个计数点，其被骗数点F在图乙中未显示．(计时器的工作频次为50Hz)图10(1)以下说法正确的选项是________．A．开释小车前，小车应置于凑近滑轮处B．图示计时器所需电源为6V沟通电源C．需先接通计时器电源，再让小车运动D．若遇停电，可改用蓄电池给计时器供电(2)计数点B对应的刻度尺读数为________mm；(3)计数点B对应的小车速度大小为________m/s；(保存3位有效数字)(4)实验测得计数点C、D、E对应的小车速度分别为vC＝0.350m/s、vD＝0.398m/s、vE＝0.442m/s，以打A点开始计时，在图11所示坐标系中作出小车的v－t图象，并依据图象求出小车运动的加快度a＝________m/s2.图11答案(1)C(2)33.0(32.8～33.2均可)(3)0.305(0.303～0.307均可)(4)以以下图0.46(0.42～0.50均可)19．(8分)一个滑雪运动员，从85m长的山坡上匀加快滑下，初速度为1.8m/s，滑到山坡底端的末速度为5.0m/s，求：(1)下滑过程中的均匀速度eq\x\to(v)的大小；(2)下滑的加快度a的大小；(3)下滑的时间t.答案(1)3.4m/s(2)0.128m/s2(3)25s分析(1)依据匀变速直线运动中均匀速度公式eq\x\to(v)＝eq\f(v0＋v,2)，有eq\x\to(v)＝eq\f(1.8＋5.0,2)m/s＝3.4m/s.(2)由v2－veq\o\al(,02)＝2ax得，a＝eq\f(v2－v\o\al(,02),2x)，代入数据得a＝0.128m/s2，(3)由v＝v0＋at得，t＝eq\f(v－v0,a)，代入数据得t＝25s.20．(10分)如图12为某高速公路出口的ETC通道表示图．一汽车驶入ETC通道，抵达O点的速度v0＝30m/s，此时开始减速，抵达M时速度减至6m/s，并以6m/s的速度匀速经过MN区．已知MN的长度d＝36m，汽车减速运动的加快度a＝－3m/s2，求：图12(1)O、M间的距离x；(2)汽车从O到N所用的时间t.答案(1)144m(2)14s分析(1)由公式v2－veq\o\al(,02)＝2ax得x＝eq\f(v2－v\o\al(,02),2a)＝144m(2)汽车从O到M减速运动，由公式v＝v0＋at1得t1＝eq\f(v－v0,a)＝8s汽车从M到N匀速运动所用时间t2＝eq\f(d,v)＝6s汽车从O到N所用的时间t＝t1＋t2＝14s.21．(10分)在某次载人飞船返回地面的模拟操练中，测得模拟舱距地面9m时速度为12m/s，并以这个速度匀速下降，在距地面1.2m时，模拟舱的缓冲发动机开始向下喷火，舱体开始匀减速下降直至抵达地面速度为0.求：(1)模拟舱匀减速阶段的加快度大小；(2)模拟舱从9m高处落到地面所用的时间．答案(1)60m/s2(2)0.85s分析(1)模拟舱以v0＝12m/s的初速度在距地面x1＝1.2m处开始做匀减速直线运动，加快度大小设为a，由匀变速运动的规律有0－veq\o\al(,02)＝－2ax1代入数据，解得a＝60m/s2(2)设模拟舱从x＝9m处匀速运动至x1＝1.2m处历时t1，由匀速直线运动的规律可知t1＝eq\f(x－x1,v0)代入数据，解得t1＝0.65s