2020-2021广州中考物理 热学问题 综合题

一、初中物理热学问题求解方法1．如图所示，是最新一款无人驾驶四轮小汽车原型图。汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况。该款车质量1.2x103kg，每个轮胎与地面接触面积为2.5积为2.5x10-2m2，当小车以20m/s的速度在一段平直的公路上匀速行驶了8km时，消耗的汽油为1.5L。假设燃油完全燃烧，汽油机的效率为30%，那么，求：该汽车静止在水平地面上时对地面的压强；在这段运动过程中，该汽车发动机做的有用功是多少？在这段运动过程中，该汽车的输出功率为多少？发动机提供的牵引力多大？(已知：汽油的密度为0.8x103kg/m3，汽油的热值为4.5x107J/kg)【答案】(1)1.2x105Pa；(2)1.62x107J；⑶4.05x104W；2025N【解析】【详解】该汽车静止在水平地面上时对地面的压力受力面积F=G=mg=1.2x103kgx10N/kg=1.2x104NS=4x2.5x10-2m2=0.1m2根据压强公式的对地面的压强=1.2x105PaF1.2x104=1.2x105Pap==S0.1m2对地面的压强是1.2x105Pa。消耗汽油的体积V=1.5L=1.5dm3=1.5x10-3m3m由p二v可得，消耗汽油的质量m'=pV-0.8x103kg/m3x1.5x10-3m3二1.2kg汽油完全燃烧放出的热量Q=m'q=1.2kgx4.5x107j/kg=5.4xl07j放W由"=~o~x100%得Q>

W=耳Q=30%x5.4x107J=1.62x107J放该汽车发动机做的有用功1.62x107j。s(3)由v=—可得，t汽车运动的时间s8000m—===400sv20m/s在这段运动过程中，该汽车的输出功率由W=Fs可得W1.62x107JP一一一4.05x104W—400sF—W-血X107J=2025Ns8000m该汽车的输出功率2025N。答：(1)该汽车静止在水平地面上时对地面的压强为1.2x105Pa。在这段运动过程中，该汽车发动机做的有用功是1.62x107jo在这段运动过程中，该汽车的输出功率为4.05x104W，发动机提供的牵引力为2025N。2.牛顿说自己是站在巨人的肩膀上，其实每一个育华学子都是如此。我们学习的每一个物理概念，背后都由科学家们辛勤探究而来，比如功和热量、电热等。在没有认识热的本质以前，热量、功、能量的关系并不清楚，所以它们用不同的单位来表示。热量的单位用卡路里，简称卡。焦耳认为热量和功应当有一定的当量关系，即热量的单位卡和功的单位焦耳间有一定的数量关系。他从1840年开始，到1878年近40年的时间内，利用电热量热法进行了大量的实验，最终找出了热和功之间的当量关系。如果用W表示电功，用Q表示这一切所对应的热量，则功和热量之间的关系可写成W二JQ，J即为热功当量。利用如图1所示的装置，我们可以一起来重现历史，经历焦耳的探究过程——测量热功当量：1)除了图中所示器材，为完成实验，还需要的器材是往量热器内筒倒入质量为m的水，按图连接好电路。闭合开关前滑动变阻滑片位于最端(选填“左或右”)记录温度计初始读数［，闭合开关，调节滑片得到合适的电流电压，并记录为I、u。通电，并用搅拌器搅拌加速导热，一段时间后断电，记录通电时间t和末温12。计算出热功当量J=(用题中所给字母表示，水比热容用c表示)热功当量的测量，彻底否定了“热质说，为能量守恒和转化奠定了基础。t/min012345水20C25C30C36C40C45C煤油20C30C40C50C60C71C这套装置还可以用来做“比较水和煤油比热容的大小”实验，应当选择图2的(选填“A或B”)装置中的电阻与图1装置中的电阻(选填“串联或并联”)。进行实验后，测得数据如表格所示。本实验中水和煤油吸收热量的多少是用(选填“温度计示数的变化或加热时间”)来反映的。由表格数据求得煤油的比热容为。【答案】秒表右cm化t)A串联温度计示数的变化2.1X103J/(kg・。C)21【解析】【分析】【详解】⑴［1］图中所示器材有电压表，电流表，温度计，为完成实验，需要求出电功，根据W=UIt还需要的器材是秒表。⑵［2］往量热器内筒倒入质量为m的水，按图连接好电路。闭合开关前滑动变阻应位于阻值最大处，即滑片位于最右端。⑷［3］根据W=UIt，Q=cmAt=cm《-［)，W二JQ，则热功当量WUItJ==—Qcm(t-t)21［4］［5］这套装置还可以用来做“比较水和煤油比热容的大小”实验，为了控制变量相同，所以电阻丝阻值应该相同，即应当选择图2的A装置中的电阻与图1装置中的电阻串联。［6］根据转换法，实验中水和煤油吸热的多少是通过温度计示数的变化来反映的。⑺⑺由表格数据可知，lmin内，水的温度变化了25°C—20°C=5°C煤油的温度变化了

30°C—20°C=10°C相同时间内，电阻丝产生的热量相同，则Q=cmAt=Q=cmAt水水水煤油煤油煤油代入数据可得c=2.1xl03j/(kg-oC)煤油3．小明探究水沸腾时的特点，实验装置如图所示。加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为°C；当观察到如图中的图时，说明水已沸腾；b图中气泡上升的过程逐渐变小,发生的物态变化是水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要；【答案】89；a；液化；吸热；A。【解析】【分析】本题考查探究水沸腾实验的仪器、实验现象及图象处理。【详解】(1)［1］由图可知，温度计的读数是89C；⑵［2］水沸腾时，水泡上升变大，到水面破裂开，由此可知a图时，水已沸腾；⑶b图中，气泡在上升过程中，变小，最后消失了，是气泡中的气体在上升过程中遇到的水温度比较低，气体遇冷液化变成了液体，故是液化过程；

［4］水在沸腾时，虽然温度保持不变，但要继续吸热；［5］水在沸腾前，吸热温度升高，沸腾时，吸热温度保持不变，直到水全部汽化，满足这些描述的是A。4．某综合实践活动小组在制作一个医用冷藏盒时，不知道给药品降温用冰好，还是盐水结成的冰好？他们动手测量了盐水的凝固点。(1)小明和小红分别通过实验得到了盐水的凝固图像如图所示，则小明所测盐水的凝固点是°C；水都是200mL,小明加了1汤匙的盐，而小红加了3汤匙的盐，由此作出猜想：盐水的凝固点与盐水的浓度有关。接着多次实验得出不同浓度盐水的凝固点，数据记录如下表：盐水浓度(％)03691215182124273036凝固点(°C)0-2-4-6-8-11-15-18-17-1.8-0.40TOC\o"1-5"\h\z分析表格中数据可知，当盐水浓度增大时，其凝固点；小明由表格数据得到盐水浓度为21%时凝固点最低，其值为-18°C，你认为他的判断准确吗？(选填“准确”或“不准确”)，你判断的理由是；在测量浓度为21%的盐水凝固点时，某一时刻测得盐水温度如图所示，则此时该盐水处于态；你认为给冷藏盒中药品降温最好选用(选填冰或适当浓度盐水结成的冰)。【答案】-4先变小，后变大不准确当浓度是22%、23%时，其凝固点又是多少，这个不确定固态适当浓度盐水结成的冰【解析】【分析】【详解】⑴［1］从图中可以看到，小明所测盐水的图像在第3min到第8min,温度保持不变，温度大

小是-4°C,即小明所测盐水的凝固点是-4°C。[2]从表中数据可以看到，当盐水浓度增大时，其凝固点是先变小，后变大的。[3][4]这个判断不准确；因为当浓度是22%、23%时,其凝固点又是多少,这个不确定。⑸从图中可以看到，盐水温度是-28°C，而浓度为21%的盐水凝固点是-18°C，这个温度比凝固点还要低,说明盐水已经完全凝固了,是固态。[6]药品要在0°C以下存放，要求所选的物质熔点在0°C以下，冰的熔点是0°C,盐冰的熔点是低于0C，所以冷藏盒中应选用盐水冰块。5．如图所示是“比较不同物质吸热情况”的实验装置。实验中需加热质量相同的水和食用油，使它们升高相同的温度，比较它们吸收热量的多少，看看这两种物质的吸热情况是否存在差异。漏度计温度计0123456时间fmin漏度计温度计TOC\o"1-5"\h\z实验中除了图中所给的器材，还需要的测量工具有：天平和。实验中通过比较来比较不同物质吸收热量的多少。根据实验数据，小明作出了水和食用油的温度随时间变化的图象，由图象可知食用油的比热容为。【答案】秒表加热时间2.8103J/(kg°C)【解析】【分析】.【详解】[1]在“比较不同物质吸热情况”实验中需要测量加热时间和质量，则需要秒表和天平；[2]由于相同加热器加热相同时间表示液体吸收热量相同，故通过比较加热时间来比较不同物质吸收热量多少；⑶［3］当水和食用油均由10°C加热到30°C时，变化温度相同，图中加热时间为3min和4.5min,由于水的比热容大于食用油，升高相同温度吸收热量更多，加热时间更长，则a图线为水，b图线为食用油，又由于相同加热器加热相同时间表示液体吸收热量相同，则：Q4.5min水吸二一Q3min油吸则由Q二cm&可得当液体质量与升高温度相同时，比热容之比等于吸收热量之比，故食用油的比热容为：cQ-水——水吸cQ油油吸解得：22'油—。水X3=42Xl03j/（kgC3=由材料可知，当物质从气态变化到固态时，需（选项“吸热”或“放热”），使其温度，分子只有的能量减小，分子的活跃程度需急剧变弱。在液体的表面上，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体表面，这就是；在液体内部，有一些分子由于获得足够的能量摆脱其他分子的束缚，进入液体内部的小气泡中。从而使小气泡逐渐变大并上升到液面，气泡破裂，其中的水蒸气“飞”到空气中，这就是。（以上两空选填汽化的两种方式中的一种）【答案】放热降低蒸发沸腾【解析】【详解】（1）［1］［2］物质从气态变化到固态叫做凝华，凝华需要放热，使其温度降低；由材料可知，当物质从气态变化到固态时，需（选项“吸热”或“放热”），使其温度，分子只有的能量减小，分子的活跃程度需急剧变弱。在液体的表面上，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体表面，这就是；在液体内部，有一些分子由于获得足够的能量摆脱其他分子的束缚，进入液体内部的小气泡中。从而使小气泡逐渐变大并上升到液面，气泡破裂，其中的水蒸气“飞”到空气中，这就是。（以上两空选填汽化的两种方式中的一种）【答案】放热降低蒸发沸腾【解析】【详解】（1）［1］［2］物质从气态变化到固态叫做凝华，凝华需要放热，使其温度降低；6.建立模型在科学研究中有着重要的作用，模型可以帮助人们认识和理解一些不能直接观察到的微观结构。很早以前，科学家们发现了物质是由微粒（分子）组成的，从而建立了如图所示是物质三种状态的分子模型（如图所示）。固体中分子间的束缚能力很强，分子只能在某个位置附近做小幅的振动，不能自由移动；气体分子间的束缚能力很弱，所以分子运动相对强烈，如果没有容器的限制可自由运动，尽可能占据更多的体积；液体介于三者之间（与固体更接近），大部分分子在大部分时间内只能在某一位置附近做幅度相对大的振动，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体。[3]在液体的表面上，某些能量较大的分子能克服液体内其他分子的束缚而“飞离”液体表面，属缓慢的汽化现象，这就是蒸发现象；在液体内部，一些分子获得足够的能量，摆脱其他分子的束缚，进入液体内部的小气泡中，从而使小气泡逐渐变大并上升到液面，气泡破裂，其中的水蒸气“飞”到空气中，整个过程较为剧烈，这就是沸腾。7．小明在探究某种物质在熔化前后其温度随加热时间变化的规律时，得到如下表的实验记录。时间/min0123456789101112温度/C60677380808080808080848893(1)请按上述实验数据在坐标格中作出温度随时间变化的图像熔化过程进行的时间大约是min。根据上述数据，可以归纳出该物质在熔化过程中的特点是该物质的熔点是固固、液混合固固、液混合5吸热但温度不变80°C【解析】【分析】按表中数据在坐标格中先画点，再描线。晶体在熔化前为固态，熔化时为固液共存态，熔化完为液态。熔化过程是指物质开始熔化到完全熔化完，据此判断熔化时间分析数据及图像得出物质在熔化过程中的特点：不断吸热，但温度保持不变。物质在熔化过程中的温度，叫做熔点。【详解】［1］根据表格中的实验数据，在坐标格中以横坐标为时间，纵坐标为温度，然后通过描点法在坐标格中描出对应时间的温度，最后将各点用平滑曲线连接起来，得到温度随时间的变化的图像：⑵［2］由图像知，该物质在2.5min时，还没有开始熔化，所以为固态。［3］在第6min时，处于熔化过程当中，所以为固、液混合态。［4］由表格中数据及图像可知，该物质从第5min开始熔化，到第10min完全熔化完，所以熔化过程经历了10min-5min=5min［5］由图像及数据知，该物质在熔化过程不断吸热，但温度保持不变。⑸［6］由数据知，该物质在熔化过程温度保持80°C不变，是晶体，所以熔点为80°C。8．阅读图文，回答问题。与伟大同行这是一个著名物理学家发现一个伟大定律的实验装置仔细观察后回答：转轴配重动叶轮填壁计亠转轴配重动叶轮填壁计亠装置中的两个配重的重量不等，释放后大配重下降，小配重上升；通过反复对调左右两个配重，会使动叶轮不停地转动，从而导致热量计中水的温度(填变化情况)，原因是。⑵实验中科学家某次测得了的数据如下：小配重G=100N,大配重G+=520N,每升降一小大次配重各自移动的距离h=1m，热量计中水的质量m=500g,升降次数与水温变化的关系：升降次数123456温度变化/C0.20.390.590.780.981.18通过分析数据,科学家得出了结论：在上述现象中能量是守恒的！请你帮他补出计算、判断过程(只需分析一次实验)：本实验中的误差主要来源于。【答案】升高机械能转化为内能见解析，解得W二Q，说明能量守恒克服摩擦做功，消耗一部分能量【解析】【分析】动叶轮不停的转动，叶轮对水做功，机械能转化成内能，水的温度升高。⑵利用W=Gh计算消耗的机械能，Q二cmAt来计算转化为的内能。机械能转化为的内能，包括水的内能和摩擦生热产生的内能。【详解】[1][2]通过反复对调左右两个配重，会使动叶轮不停地转动，从而导致热量计中水的温度升高，因为对水做功，机械能转化为内能。⑵[3]小配重重力G=100N，大配重重力G=520N，合力为420N，每升降一次配重各自移小大动的距离为1m,即绳子一端移动的距离是1m,对水做的功为W=Gh=420Nxlm=420J由表格知，升降一次水温升高0.2°C，水吸收的热量是Q=cmAt=4.2xlO3J/(kg-C)x0.5kgx0.2C=420J可见：W二Q，故机械能转化为内能的过程中，能量是守恒的。(3)[4]机械能转化为内能时，转化为水的内能的同时，要克服摩擦消耗一部分机械能，即要摩擦生热消耗一部分能量，是实验误差的主要来源。9．图是小明和小华在观察“水的沸腾”实验中的情景，对水加热了很长时间后水才沸腾，他们记录的数据如下

时间/min・・・01234567891011水温/C・・・9091929394959697989898988910JI94乙6000t/nin（1）在组装器材时，是按照由到的顺序。94乙6000t/nin（2）请指出他们在实验中操作错误之处：。（答一点即可）（3）在纠正错误后他们继续实验，观察到水沸腾时的现象如上图中的（甲/乙）图，水沸腾时吸收热量，温度___（升高/不变/降低）。（4）本次实验中水沸腾时的温度为°C。（5）根据记录在图中画出水的沸腾图像。（）（6）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是杯中的水蒸气（填物态变化名称）形成的，该过程要（吸热/放热）（7）实验中发现，水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是：。（给出一种原因即可）解析】t/mn液化放热水的初始温度太低或质量太大答案】下上温度计接触容器底（或视线未与温度计中液面相平）乙不变98解析】t/mn液化放热水的初始温度太低或质量太大【详解】（1）［1］［在2］组装器材时应该由下到上的顺序组装；（2）［3］由图可知有一处错误是温度计读数时视线没有与液面的最低处相平；（3）［4］［5］水沸腾时气泡越来越大，最后到达液面破裂，故水沸腾时的现象为图乙所示。由记录的实验表格可知水在沸腾时吸收热量温度不变;（4）［6］由记录的实验表格可知水额沸点为98C;（5）［7］根据表格数据描点连线得水沸腾时的图像如图所示：放热；（7）［10］水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是水的初始温度太低或水的质量太大。10．为检测某汽车发动机的工作性能，现使汽车在平直公路上从静止开始做直线运动，保持发动机输出功率恒定为6x104W，汽车行驶过程中所受阻力大小不变，其v-t图像如图所示，在第10s末开始匀速行驶，经测试，消耗5.8kg的汽油可以使汽车匀速行驶53.36km,汽油完全燃烧放出的热量40%用来驱动汽车行驶，（汽油的热值为4.6x107j/kg），在检测过程中。05101520（1）前10s发动机做多少功？（2）汽车受到的阻力多大？（3）汽车匀速行驶的速度多大？【答案】（1）6x105j；（2）2000N；⑶30m/s。【解析】【详解】（1）前10s发动机做的功W=Pt=6x104Wx10s=6x105j；（2）5.8kg的汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=5.8kgx4.6x107j/kg=2.668x108j，牵引力做的功W］=Q〃=2.668x108jx40%=1.0672x108j，牵引力W1.0672x108jF=1==2000N，s53.36x103m汽车在该平直的公路上匀速行驶时，汽车受到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等阻力f=F=2000N；

(3)汽车的功率WFsP(3)汽车的功率WFsP=—=—=Fv,

tt汽车匀速行驶的速度P6xlO4W

v===30m/s。F2000N答：(1)前10s发动机做功6x105j；(2)汽车受到的阻力是2000N；(3)汽车匀速行驶的速度30m/s。11．小明猜想水中加入别的物质后,一定会对水的凝固点产生影响,为了验证这一猜想,他将一些盐放入水中,并把盐水用容器盛好放入冰箱,研究盐水的凝固过程。每隔一定时间,小明就观察盐水状态、测出温度,并将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像,如图甲。如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中如图乙,则下列说法正确的是甲乙冰贰瀝合物//；足金物%间11．小明猜想水中加入别的物质后,一定会对水的凝固点产生影响,为了验证这一猜想,他将一些盐放入水中,并把盐水用容器盛好放入冰箱,研究盐水的凝固过程。每隔一定时间,小明就观察盐水状态、测出温度,并将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像,如图甲。如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中如图乙,则下列说法正确的是甲乙冰贰瀝合物//；足金物%间AninA.由甲图可知，盐水的凝固点为2°C由甲图可知，盐水的凝固过程用时20min乙图中，试管中冰水混合物中的冰会变少乙图中，烧杯中盐冰水混合物中水会变多【答案】D解析】详解】由甲图可知，温度保持不变的温度是-2C，故该盐水的凝固点是-2C，故A错误;由甲图可知，盐水的凝固过程用时20min-10min=10min故B错误；CD.冰水混合物的温度是0C,而盐冰水混合物的温度是-2C，所以冰水混合物会向盐冰水混合物放热，冰水混合物中的水会达到凝固结冰的条件，故冰水混合物中的冰会变多，而盐冰水混合物吸收热量熔化，烧杯中盐冰水混合物中水会变多，故C错误，D正确。12.某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为Sm2,—个冲程活塞在气缸中移动的距离是厶m,满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为PkPa，飞轮1s转动N周，当汽油机满负荷

工作时(不计摩擦与机器散热)，1h消耗汽油AL(汽油密度为pkg/m3，汽油热值为qJ/kg)求：汽油机的功率；汽油机的效率．1.8xl09pSLN““【答案】⑴500pSLNW；(2)x100%.PVq【解析】【详解】燃气对活塞的平均压力F=pX103PaXSm2=pSX103N,一个做功冲程中燃气对活塞做的功W=FL=pSLX103J,N飞轮每转两圈对外做功一次，所以ls内飞轮转N周，对外做功—次，所以ls内，燃气对W冲=1.8xW冲=1.8x106pSLNJQ=pVqx10-3J放x100%=1.8x109pSLN

pVqx100%活塞做的总功NNW,=WX片=pSLX103XJ=500pSLNJ，总22汽油机的功率W500pSLNJP=—总二=500pSLNW；⑵消耗VL汽油放出的热量Q放=m汽油q汽油中汽油7汽油q汽油=pVqX1O-3J'汽油机1h做的功W1=PX3600s=1.8X106pSLNJ，汽油机的效率答：(1)汽油机的功率是500pSLNW；(2)汽油机的效率是竺罟空x100%.pVq13．李明有一只温度计，虽然它的玻璃管的内径和刻度都是均匀的，但标度却不准确，它在冰水混合物中的读数是-7°C,在沸水中的读数是103°C。(1)这只温度计1格表示的温度是是多少？(保留一位小数)当它指示温度是15C时，实际温度是多少？当它实际气温是45C时指示温度是多少？【答案】(1)0.9C；(2)20C；(3)42.5C【解析】【详解】

(1)(1)该温度计的分度值t]是:=0.9C100°C-0°C=0.9Ct=1103°C-(-7°C)当它指示温度是15C时，实际温度t实是:t=[15°C-(-7°C)]x10°C=20°C实11当它实际气温是45C时，指示温度t时，则有：45°C=^Cx[t°C-(-7°C)]11解得t=42.5C答：(1)这只温度计1格表示的温度是0.9C当它指示温度是15C时，实际温度是20C当它实际气温是45C时指示温度是42.5°C14．小明给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图甲所示，足浴器某次正常工作时，加热功率为控制面板上发光指示灯所对应的功率，控制面板显示如图乙所示，求：(1)足浴器装入最大容量初温为21°C的水，将其加热到控制面板上显示的温度时，水所吸收的热量是多少？[c水=4.2x103J/(kg・°C)]⑵上述加热过程用时15min，该足浴器的热效率是多少？⑶整个加热过程中，水温降至40°C时，足浴器自动加热至45°C,水温随时间变化的图像如图丙所示，当水温第一次加热至45°C时，小芳开始给爷爷足浴30min,求这次足浴给水加热消耗的电能是多少？小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里其他用电器都关闭，他观察到该足浴器在高档工作时，家里标有“2000r/(kW・h)”的电能表转盘在10min内转了216r,则他家电路的实际电压是多少？屮乙丙e控制面扳3O0W5flOWBUCW额定电压：220Y屮乙丙e控制面扳3O0W5flOWBUCW额定电压：220Y额定频率：50Hz加热功率：300〜£00W最大容量：5L【答案】⑴5.04x105J；(2)70%；(3)1.02x106J；(4)198V解析】分析】

【详解】由题意可知，足浴器装入最大容量的水后，质量是m=pV=1.0xlO3kg/m3x5xlO-3m3=5kg水水水水吸收的热量是Q=cm(t-1)=4.2x103j/(kg・°C)x5kgx(45°C-21°C)=5.04x10sJ水水0水吸收的热量是5.04x105J。由题意可知，该足浴器做的总功是W=Pt=800Wx15x60s=7.2x105J总那么该足浴器的热效率是耳=Qx100%=5.04x10Jx100%=70%

W7.2x105j总该足浴器的热效率是70%。⑶由上述可知，水温从21°C加热到45°C时，温度的变化量是24°C,需要的加热时间是15min,则水温从40C加热到45°C时，温度的变化量是5°C,需要的加热时间是5Ct=x15min=3.125min124C由图丙可知，足浴时一个加热循环的时间是10min+3.125min=13.125min足浴30min内加热循环的个数是n=吨沁2.313.125min即30min内2个循环后剩余3.75min,剩余的3.75min不需要加热，需要加热的时间是t=2x3.125min=6.25min2所以这次足浴给水加热的总时间是t=15min+6.25min=21.25min=1275s总那么这次足浴给水加热消耗的电能是W=Pt=800Wx1275s=1.02x106j总由P=可得，足浴器的电阻是RR=U=皿=60.5QP800W足浴器在高档工作时，电能表转盘在10min内转了216r，那么足浴器消耗的电能是%=2000r/kWh=°.108kW-%=2000r/kWh=°.108kW-h=0・108x3・6x106J=3-888x105J实际功率是W3.888x105JP-^实--648W实t'10x60s同理由P-U2可得，电路的实际电压是U=.PR-、648Wx60.5Q-198V实、实答:(1冰所吸收的热量是5.04x105J；(2)该足浴器的热效率是70%；(3)这次足浴给水加热消耗的电能是1.02x106J；(4)他家电路的实际电压是198V。15．国家“学生饮用奶计划”交流会在福建省福州市召开，如所示是一种学生饮用奶，它的净含量为200mL,若它的密度为1.25x103kg/m3,比热容为4.0x103J/(kg・°C)，冬天饮用时把它从10C加热到40C需要吸收J的热量；在加热过程中，温度升高，内能(选填“增加”或“降低”)。【答案】3x104增加【解析】【分析】【详解】牛奶的体积为V=200mL=2x10-4m3牛奶的质量为m=pV=1.25x103kg/m3x2xl0-4m3=0.25kg牛奶吸收的热量Q=cmAt=4x103j/(kg・°C)x0.25kgx(40°C-10°C)=3x104j吸则牛奶吸收的热量为3x104j。在加热牛奶的过程中，牛奶因为吸收热量，所以内能增加。16.质量相等的28°C、100C的水分别装在甲、乙两容器中，现将一个温度为100C的金属球放入甲容器中，达到温度相同时,甲容器中水温升高到40C，然后迅速取出金属球放入乙容器中,再次达到温度相同时,乙容器中水温是(设不计热量损失和水的质量损失)()A.60CB.70CC.88CD.90C【答案】D【解析】【分析】【详解】当将金属球放入甲容器中时，金属球放出的热量与水吸收的热量相等，即：Q=Q，则：金水Q=mxc(100C-40C)，金金金Q=mxc(40C-28C)，水水水所以：

m严金（10O°C-4O°C）=m水“水（40°C-28C）化简得：cm水#=5：1;cm金金当将金属球放入乙容器中时，乙容器中的水放出的热量与金属球吸收的热量相等，即：Q水=Q人，由于甲乙容器中的水的质量相等，又是同一个金属球，设两者共同的温度为t°C,金（100（100C-tC），（tC-40C），Q=mxc水水水Q=mxc金金金即：m严水（100C-tC）=m金xc金（t°C-4°°C）,t=90°C.综上分析故选D.17．下列关于内能说法正确的是（）0°C的物体内能为零B.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递温度高的物体比温度低的物体内能大D.物体内能增大，温度可能不变【答案】D【解析】【详解】A.—切物体，不论温度高低，都具有内能，所以0°C的物体内能不为零，A错误；热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，内能大的物体温度可能较低，那么热量就可能是从内能小的物体向内能大的物体传递，B错误；C•温度高的物体内能不一定大，内能还和质量、状态有关，C错误；物体内能增大，温度可能不变，比如说0°C的冰熔化为0°C的水后，质量不变，温度不变，但是吸收了热量，内能变大，D正确。18.18.2019年12月27日晚，“长征五号遥三”运载火箭成功发射，如图所示。该火箭的起飞质量约为870t，起飞升力约为1.05X107N，关于该火箭，下列说法正确的是（）火箭利用“流体中流速小的位置压强大”的原理获得升力火箭尾部喷气口热得发红，是通过做功改变了火箭尾部的内能火箭发射时腾起的“白气”是液态水吸热汽化形成的D•火箭起飞时受到向上的合力约为1.8X106N（g取10N/kg）【答案】D【解析】【分析】【详解】火箭发射是利用物体间力的作用是相互的原理来升空的，与流速小压强大没有关系，故A错误；火箭尾部喷气口热得发红，是通过热传递的方式改变了火箭尾部的内能，故B错误；图中火箭尾部产生大量的“白气”，是因为尾气中的水蒸气遇冷发生了液化现象，故C错误；火箭的起飞质量约为870t，重力G二mg=8.7x105kgx10N/kg二8.7x106N由于G竖直向下，起飞升力F竖直向上，且GVF，所以二力的合力方向向上，大小为F=F-G=1.05x107N-8.7x106N=1.8x106N合故D正确。故选Do19．戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，镜片上