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28/18.22v+vv=v+at=2m/s(t=Is)所求位移为s=s231.22v+vv=v+at=2m/s(t=Is)所求位移为s=s231=47m232222121⑵23秒内,设电场力对小物块所做的功为w,由动能定理:W-卩mgs=2mv2求得W=9.8JIv222、(1)mgR+qER=—mv2(2分)v=、:4Rg(1分)a=-B=4g(2分)BB'xRa=2g,a=2€5gYB方向斜向右下方,与竖直方向夹角为arctan2(1分)1v2(2)mg2R+qE2R=—mv2(2分)v=j8Rg(1分)F一mg一qE=m-c-CCR(2分)F=10mg由牛顿第三定律,小球对圆环的压力为10mg,方向向下(3分)(3)进一步计算发现小球第一次回到A点时动能为qER,这与静电力做功与路径无关矛盾,出现问题的原因是:这种方向是平行直线但大小不等的电场是不存在的(3分)23、解:(1)小球C自由下落H距离的速度:v0=v;2gH=4m/s2分小球B在碰撞前处于平衡状态,对B球由平衡条件知:mg=译1分得:q=9x10-8C1分(2)设当B合C向下运动的速度最大时,与A相距x,对B和C整体,由平衡条件得:2mg=kQq得:x=0.28m由能量守恒得:丄x2mv2+kQq=x2mv2x22a2m-2mg(a-x)+kQqx代入数据得v=2.16m/sm1分eE2d2+2mU离开时的速度v=Jv02+vy2=124、解析:(1)由eU=2mv02得电子进入偏转电场区域的初速度v0=-J设电子从MN离开,则电子从A点进入到离开匀强电场区域的时间t=~~=v0因为加速电场的电势差U>42,说明yVh,说明以上假设正确所以vy=(2)设电子离开电场后经过时间r倒达x轴,在x轴方向上的位移为塔,则vx,=v0t',y,=h—y=h—2yt=vt,=d=d+7h-2y=(+尹h代入解得1=与+
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