XX省分宜中学学年高二物理下学期第一次段考试题

XX省分宜中学学年高二物理下学期第一次段考试题XX省分宜中学学年高二物理下学期第一次段考试题PAGEXX省分宜中学学年高二物理下学期第一次段考试题分宜中学2018-2019学年度下学期高二第一次段考物理试卷一、选择题（1-6小题为单项选择题，7-10为多项选择题，每题4分，多项选择题全对4分，漏选2分，共40分）1.以下器件不是应用温度传感器的是()A．电熨斗B．电子秤C．电饭锅D．测温仪2．以以下图，电路中A、B是规格同样的灯泡，L是电阻可忽视不计的电感线圈，那么（）A.断开S，B立刻熄灭，A闪亮一下后熄灭B.合上S，B先亮，A渐渐变亮，最后A、B同样亮C.断开S，A立刻熄灭，B由亮变暗后熄灭D.合上S，A、B渐渐变亮，最后A、B同样亮3.以以下图,线圈内有竖直向上的磁场,磁感觉强度随时间平均增大;等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子构成)由左方连续不停地以速度射入和两极板间的匀强磁场中。发现两直导线、相互吸引,由此能够判断,、两极板间的匀强磁场的方向为(

)A.垂直纸面向外

B.垂直纸面向里

C.水平向左

D.水平向右4.如图甲所示,弹簧振子以点为均衡地点,在、两点之间做简谐运动。取向右为正方向,振子的位移随时间的变化如图乙所示,以下说法正确的选项是(

)A.,振子的速度方向向左

B.时,振子在点右边6处

C.和时,振子的加快度完满同样

D.到的时间内,振子的速度渐渐减小5.如图,电源电动势为E,内阻为r,L1、L2为小灯泡(其灯丝电阻能够视为不变),R1为定值电阻,R2为光敏电阻,其阻值的大小随照耀光强度的加强而减小。闭合开关S后,将照耀光强度加强,则(

)A.电路的路端电压将增大

B.R1两头的电压将增大

C.电源的发热功率将减小

D.L1、L2都变亮6.矩形线圈abcd,长ab=20cm,宽bc=10cm,匝数n=200,线圈回路总电阻R=5Ω。整个线圈平面内均有垂直于线圈平面的匀强磁场穿过。若匀强磁场的磁感觉强度B随时间t的变化规律以以下图,则(

)A.线圈回路中感觉电动势随时间平均变化

B.线圈回路中产生的感觉电流为0.2A

C.当t=0.3s时,线圈的ab边所受的安培力大小为0.016N

D.在1min内线圈回路产生的焦耳热为48J7.以以下图，两根电阻不计的圆滑金属导轨竖直搁置，导轨上端接有电阻R，水平条形地区I和II内有同样的方向垂直轨道平面向里的匀强磁场，I和II之间无磁场。一电阻不计的导体棒，两头与导轨保持优秀接触。现将导体棒由地区I上界限H处静止开释，并穿过两磁场所区，图中能定性描绘该过程导体棒速度与时间关系的图像可能是（）A.B.C.D.8.以以下图，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心接头，电压表V和电流表A均为理想电表．从某时辰开始在原线圈c、d两头加上交变电压，其瞬市价表达式为U=220sin（100πt）V以下说法正确的（）c、d两头所加沟通电的频次为100Hz

B.当单刀双掷开关与a连结时，电压表的示数为22V

C.单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表的示数均变D.单刀双掷开关与a连结，滑动变阻器触头P向上挪动的过程中，电压表和电流表的示数均变小9.如图，一根足够长的直导线水平搁置，通以向右的恒定电流，在其正上方O点用细丝线悬挂一铜制圆环．将圆环从a点无初速开释，圆环在直导线所处的竖直平面内运动，经过最低点b和最右边c后返回，以下说法正确的选项是( )A.从a到c的过程中圆环中的感觉电流方向先顺时针后逆时针B.运动过程中圆环遇到的安培力方向与速度方向相反C.圆环从b到c的时间大于从c到b的时间D.圆环从b到c产生的热量大于从c到b产生的热量10.某小型水电站的电能输送表示图如图甲所示,发电机经过升压变压器和降压变压器向用户供电。已知输电线的总电阻为r,降压变压器原、副线圈的匝数比为n3:n4=n:1,降压变压器的副线圈两头电压如图乙所示,降压变压器的副线圈与阻值为R0=22Ω的电阻构成闭合电路。若将变压器视为理想变压器,则以下说法正确的选项是(

)A.发电机产生的沟通电的频次为0.5Hz

B.降压变压器的副线圈两头电压的瞬市价表达式为

C.经过R0的电流的最大值为D.输电线损失的功率为二、实验题（第一空2分，其余每空3分，共20分）11.经过实验丈量当地的重力加快度.如图甲所示,将细线的上端固定在铁架台上,下端系一小钢球,就做成了单摆.

（1）用游标卡尺丈量小钢球直径,示数如图乙所示,读数为__________.

（2）以下是实验过程中的一些做法,此中正确的有

.

A.摆线要选择细些的、伸缩性小些的,而且尽可能长一些

B.摆球尽量选择质量大些、体积小些的

C.为了使摆的周期大一些,以方便丈量,开始时拉开摆球,使摆线相距均衡地点有较大的角度

D.拉开摆球,使摆线偏离均衡地点大于5°,在开释摆球的同时开始计时,当摆球回到开始地点时停止计时,此时间间隔即为单摆周期E.拉开摆球,使摆线偏离均衡地点不大于5°,开释摆球,当摆球振动坚固后,从均衡地点开始计时,记下摆球做50次全振动所用的时间,则单摆周期（3）测出悬点到小球球心的距离(摆长)及单摆达成次振动所用的时间,则重力加快度

(用、、表示)。

（4）下表是某同学记录的3组实验数据,并做了部分计算办理组次123摆长80.0090.00100.0050次全振动时间90.095.5100.5振动周期1.801.91重力加快度9.749.73请计算出第3组试验中的__________,__________。（5）用多组实验数据做出图象,也能够求出重力加快度。已知三位同学做出的图线的表示图如图2中的、、所示,此中和平行,和都过原点,图线对应的值最凑近当地重力加快度的值。则相关于图线,以下分析正确的选项是_____(选填选项前的字母)。A.出现图线的原由可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长

B.出现图线的原由可能是误将49次全振动记为50次

C.图线对应的值小于图线对应的值（6）某同学在家里测重力加快度。他找到细线和铁索,制成一个单摆,如图3所示。因为家里只有一根量程为30的刻度尺,于是他在细线上的点做了一个标志,使悬点、间细线的长度小于刻度尺量程。保持该标志以下的细线长度不变,经过改变、间细线长度以改变摆长.实验中,当、间细线的长度分别为、时,测得相应单摆的周期为、。由此可得重力加快度

(用、、、表示)三、计算题（共40分）12.（8分）一质点做简谐运动，其位移和时间关系以以下图．(1)求t＝0.25×10－2s时的位移；(2)在t＝0到8.5×10－2s时间内，质点的行程、位移各多大？13.（8分）如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同样的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a、b所示，求：(1)两次转动的角速度之比；(2)若线圈电阻R=0.3,则从中性面开始计时，经时间内流经线圈横截面的电荷量是多少。

14.（12分）如图甲为小型旋转电枢式沟通发电机的原理图,其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴匀速转动,线圈的匝数、电阻,线圈的两头经集流环与电阻连结,电阻,与并联的沟通电压表为理想电表.在时辰,线圈平面与磁场方向平行,穿过每匝线圈的磁通量随时间按图乙所示正弦规律变化.求:

（1）沟通发电机产生的电动势最大值;（2）电路中电压表的示数;

（3）上的热功率.15.（12分）如图甲所示,弯折成90°角的两根足够长金属导轨平行搁置,形成左右两导轨平面,左导轨平面与水平面成53°角,右导轨平面与水平面成37°角,两导轨相距,电阻不计.质量均为,电阻均为的金属杆、与导轨垂直接触形成闭合回路,金属杆与导轨间的动摩擦因数均为,整个装置处于磁感觉强度大小为,方向平行于左导轨平面且垂直右导轨平面向上的匀强磁场中.时辰开始,杆以初速度沿右导轨平面下滑.时辰开始,对杆施加一垂直杆且平行右导轨平面向下的力,使开始作匀加快直线运动.杆运动的图象如图乙所示(此中第1、第3内图线为直线).若两杆下滑过程均保持与导轨垂直且接触优秀,取10,,.求:

（1）在第1秒内杆遇到的安培力的大小

（2）杆的初速度

（3）若第2内力所做的功为9,求第2内杆所产生的焦耳热.

分宜中学2018-2019学年度下学期高二第一次段考物理答案一、选择题（1-6小题为单项选择题，7-10为多项选择题，共40分）题号12345678910答案BABADDADBCADBD二、实验题（第一空2分，其余每空3分，共20分）11.（1）18.6;（2分）（2）ABE（3）（4）2.01;9.76;（5）B;（6）12.（8分）(1)－cm(2)34cm2cm【分析】(1)由题图可知A＝2cm，T＝2×10－2s，振动方程为x＝Asin(ωt－)＝－Acosωt＝－2costcm＝－2cos100πtcm当t＝0.25×10－2s时，x＝－2coscm＝－cm.(2)从t＝0至8.5×10－2s时间内为个周期，质点的行程为s＝17A＝34cm，质点0时辰在负的最大位移处，8.5×10－2s时辰质点在均衡地点，故位移为2cm.13.（8分）（1）由图可知，a的周期为；b的周期为，则由可知，角速度与周期成反比，则（2）经时间内流经线圈横截面的电荷量14.（12分）1.沟通发电机产生电动势的最大值,而,,因此.由图线可知:,,.

2.电动势的有效值,.

3.上的热功率为15.（12分）1.0.2N;2.1m/s;3.3J分析：1.ab杆沿右边导轨下滑,依据右手定章可知ab杆中感觉电流由a到b,则cd杆中电流由d到c,依据左手定章可知cd杆遇到的安培力垂直于左边导轨平面向下。依据题图乙可知,cd杆在第1s内的加快度,对cd杆受力分析,依据牛顿第二定律,有:mgsin53°-μ(mgcos53°+F安)=ma1,解得F安=0.2N。

2.第1s内,cd杆遇到的安培力F安=BIL,由题1中数据可知回路中电流对ab杆:感