20182019学年江苏省南通市海安市高三期末物理试卷解析

20182019学年江苏省南通市海安市高三期末物理试卷分析版20182019学年江苏省南通市海安市高三期末物理试卷分析版15/15葿PAGE15莆芅蒅蚈蝿薁薈蚅螇袄袃薈螂20182019学年江苏省南通市海安市高三期末物理试卷分析版2018-2019学年江苏省南通市海安市高三（上）期末物理

试卷

副标题

题号一二三四总分

得分

一、单项选择题（本大题共5小题，共分）

1.以下列图跳水运动员在走板时，从跳板的a端缓慢地走到b端，

跳板逐渐向下波折，在此过程中，该运动员对跳板的

压力不停增大

摩擦力不停增大

作用力不停增大

作用力不停减小

【答案】B

【分析】解：AB、以运动员为研究对象，由平衡条件知，跳板对运动员的支持力

，摩擦力，是跳板与水平方向的夹角。

随着的增大，N减小，f增大。由牛顿第三定律知，运动员对跳板的压力减小，摩擦力增大。故A错误、B正确；

CD、跳板对运动员的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力等大反向，则跳板对运动

员的作用力保持不变，因此运动员对跳板的作用力保持不变，故CD错误。

应选：B。

运动员从A端缓慢地走到B端的过程中，合力为零，以运动员为研究对象，利用平衡条

件分析各力的变化。

本题是动向平衡问题，要选择好研究对象，分析受力情况，明确各力与夹角间的表达式，

再依照夹角的变化即可确定各力的变化。

2.以下列图，两颗质量相等的卫星A、B，近地卫星A绕地球运动的轨迹为圆，B绕

地球运动的轨迹为椭圆，轨迹在同一个平面内且相切于P点。则

A.

B.

卫星A的周期比B短

卫星A的机械能比B多

C.在P点两卫星的速度大小相等

D.在P点卫星A碰到地球的万有引力比B大

【答案】A

【分析】解：A、依照开普勒周期定律，轨道半长轴越长，周期越长，故卫星B的周期

比A长，故A正确；

B、由A轨道变为B轨道要加速，即机械能增加，则B错误C、卫星在圆轨道运行时，是匀速圆周运动，到达P点加速后做离心运动，可能到椭圆

轨道B，故在P点两卫星的速度大小不相等，故C错误；

D、由可知轨道距离小时的力大，则D错误

应选：A。

在A对应轨道运行时，在P点要做离心运动才能到达椭圆轨道；依照开普勒周期定律分析卫星的周期情况；卫星在同一轨道运行时只有重力做功，机械能守恒。

本题要点是明确两点：1、轨道半径决定了速度，周期等物理量；2、在圆轨道运行的卫星做离心运动要加速。

3.在绝缘圆滑的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正电荷、，两电荷的

地址坐标如图甲所示，图乙是AB连线之间的电势与地址x之间的关系图象，图中

点为电势的最低点，若在的C点由静止释放一个质量为m、电量为

的带电小球可视为质点，以下有关说法正确的有

A.

B.

C.

小球运动各处的加速度最大

两正电荷带电量之比：：1

小球在处的电势能最大

D.小球能够高出的地址【答案】D【分析】解：A、据图象切线的斜率等于场强E，则知处场强为零，加速度为零，故A错误；B、处场强为零，依照点电荷场强则有：，解得：：1，故B错误；C、右侧电场为负，即方向向左，左侧电场为正，即方向向右；那么，小球先向左做加速运动，到处加速度为0，从向左运动时，电场力方向向右，小球做减速运动，因此小球在处的速度最大，动能最大，依照能量守恒知动能和电势能的和不变，因此小球在处的电势能最小，故C错误；D、由图象知，与C点电势相等的点P在地域内，由，到P点动能等于0，小球将在C与P间做往来运动，即小球能够高出的地址，故D正确。应选：D。依照图象切线的斜率等于场强E，分析场强的变化，依照点电荷场强公式，求解：；判断小球的速度变化；依照能量守恒知动能和电势能的和不变，进而知道电势能的变化；依照动能定理确定小球能够到达的地址，则可判断可否高出的位置；解决本题第一要理解图象切线的意义，知道电场力做功和路径没关，只和初末两点的电势差有关，掌握电场力做功的公式和电荷场强公式，灵便运用电场的叠加原理。

质量为m的小球从高处由静止开始下落，小球在空中所受的阻力与速度大小成正

比。以下象分别描述了小球下落过程中速度v加速度a随时间t的变化规律和动能

E、机械能E随下落位移h的变化关系，其中可能正确的选项是

A.B.

C.D.

【答案】D

【分析】解：A、已知小球所受的空气阻力与速度大小成正比，即，依照牛顿第二

定律得：，得

开始时v比较小，且，小球向下加速运动，当v逐渐增大，则a减小，即小球做加速度逐渐减小的变加速运动，图象切线斜率逐渐减小，故A错误。B、依照

知图象是向下倾斜的直线，

由于

v与

t不行正比，因此

不是向下倾

斜的直线，故B错误。

C、由动能定理有：

，由于

a逐渐减小，故

E

图象切线的斜率逐渐减小。故

C错误；

D、机械能的变化量等于战胜阻力做的功：

即图象的斜率逐渐变大，故D正确；

，得

，知因

f逐渐增大，

应选：D。

依照牛顿第二定律分析小球下落过程加速度的变化怦，进而获得其速度的变化情况，结

合图象的斜率表示加速度分析图象的形状；动能的变化等于合外力做的功，阻力

做的功等于机械能的变化量。由这些知识分析。

本题借助数学函数知识观察了动能定理以及重力以外的力做功等于机械能的变化量等

功能关系，原则就是将利用功能关系列出的方程整理成图象对应的函数分析式，分析其斜率的物理意义。

以下说法正确的选项是

B射线为原子的核外电子电离后形成的电子流

天然放射现象的发现，说明原子是能够再分的

原子核经过衰变生成新核，则新核的总质量小于原核的质量

黑体辐射的实验表示，随着温度的高升，辐射强度的极大值向波长较长方向移

动

【答案】C【分析】解：A、衰变产生的电子不是原子的核外电子电离后形成的电子流，而是核内

的中子转变为质子和电子产生的，故A错误；B、天然放射现象揭穿了原子核拥有复杂的构造，说明原子核是能够再分的。

故B错误；

C、原子核经过衰变生成新核，新核的总质量小于原核的质量，故C正确D、黑体辐射的实验表示，随着温度的高升，辐射强度的极大值向波长较短方向，故

D

错误

应选：C。

衰变产生的电子不是核外电子跑出来的，而是核内的中子转变为质子和电子产生的；

天然放射现象揭穿了原子核拥有复杂的构造；

原子核经过衰变生成新核，新核的总质量小于原核的质量。

黑体辐射的实验表示，随着温度的高升，辐射强度的极大值向波长较短方向

本题观察原子及原子物理，属于I级要求，其中衰变过程中的质量数和电荷数守恒的应用，同时要明确质量数、电荷数、中子数之间关系。

二、多项选择题（本大题共5小题，共分）

6.以下列图电路为演示自感现象的电路图，其中为定值电阻，

电源电动势为E、内阻为r，小灯泡的灯丝电阻为可视为不变

，电感线圈的自感系数为L、电阻为电路接通并达到牢固状

态后，断开开关S，能够看到灯泡先是“闪亮”比开关断开前更

亮一下，尔后才逐渐熄灭，但实验发现“闪亮”现象其实不明显为了观察到断开开关

S时灯泡比开关断开前有更明显的

“闪亮”现象，以下措施中必然

可行的是A.

B.

C.

D.

撤去电感线圈中的铁芯，使L减小

更换电感线圈中的铁芯，使L增大

更换电感线圈，保持L不变，使

更换电感线圈，保持L不变，使

增大

减小

【答案】

BD

【分析】解：开关由闭合到断开瞬时，线圈中产生感觉电动势，而灯R与线圈L是串通，

因此二者的电流是相等的。由题，断开开关S，能够看到灯泡先是“闪亮”比开关断开前更亮一下，则说明在电路在牢固状态时，经过灯泡的电流小于经过电感线圈的电流，

同时电感线圈的自感系数为L、电阻为小于灯泡的电阻R。

A、撤去电感线圈中的铁芯，使L减小，依照自感电动势的表达式：可知产生

的感觉电动势减小，对电流变化的阻拦作用减小，观察到断开开关S时灯泡变亮的时间变短，“闪亮”现象更不明显。故A错误；

B、更换电感线圈中的铁芯，使L增大，据自感电动势的表达式：可知产生的感觉电动势增大，对电流变化的阻拦作用增大，则观察到断开开关S时灯泡变亮的时间变长，“闪亮”现象可能更明显。故B正确；C、换一个自感系数L相同的线圈，不影响电流的变化的时间，但更大的电感线圈时，流过线圈的电流将减小，不用然能观察到灯泡闪亮一下。故C错误；D、换一个自感系数L相同的线圈，不影响电流的变化的时间，但更小的电感线圈时，流过线圈的电流将增大，则断开开关S，流过灯泡的电流更大，必然能观察到灯泡闪亮一下。故D正确。应选：BD。

开关由闭合到断开瞬时，灯马上熄灭，经过线圈的电流减小，线圈产生自感电动势，再依照法拉第电磁感觉定律以及线圈的自感电动势与自感系数分析即可．通电与断电的自感现象要依照楞次定律进行分析若开关闭合时，线圈中电流大于灯中

电流，断开开关时，灯才出现闪亮现象．

7.在物理学的发展过程中，科学家们采用了好多物理学的研究方法，以下关于物理学研究方法的说法中，正确的有

合力和分力表现了等效取代的思想

质点是运用极限法成立的物理模型

电场强度采用了比值法定义物理量的方法

牛顿第必然律是利用逻辑思想对事实进行分析的产物，能用实验直接考据【答案】AC【分析】解：A、合力和分力表现了等效取代的思想，故B、质点是采用的是理想模型法，故B错误；

A正确；

C、电场强度

采用比值法定义的物理量，故

C正确；

D、牛顿第必然律是利用逻辑思想对事实进行分析的产物，不能够用实验直接考据，故

D

错误；

应选：AC。

合力与分力能够等效取代，采用了等效取代的思想；质点采用的是理想模型法；电场强度采用比值法定义，牛顿第必然律无法用实验直接考据。

关于物理学上重要的实验和发现，可依照实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆，不能够混淆

某同学设计的家庭电路保护装置以下列图，铁芯左侧

线圈由火线和零线并行绕成，当右侧线圈中产生电流时，电流经放大器放大后，使电磁铁吸起铁质开关K，

进而切断家庭电路，仅考虑在铁芯中产生的磁场，以下说法正确的有

家庭电路正常工作时，中的磁通量为零电流放大器电磁铁

家庭电路发生断路时，中将产生电流

C.家庭电路发生短路时，开关K将被电磁铁吸起

D.地面上的人接触火线发生触电时，开关K将被电磁铁吸起

【答案】AD

【分析】解：A、由于火线和零线并行绕制，因此在家庭电路正常工作时，火线和零线

的电流大小相等，方向相反，因此合磁通量为零，故A正确；B、发生断路时，火线和零线的电流都为零，合磁通量为零，B错误；

中将不会产生电流，故

C、家庭电路发生短路时，火线和零线的电流同时增大，合磁通量依旧为零，因此开关

K不会被电磁铁吸起，故C错误；

D、当地面上的人接触火线发生触电时，火线的电流突然变大，即中的磁场发生变化，

致使中的磁通量变化，中产生感觉电流，电磁铁将开关K吸起，故D正确。

应选：AD。

火线和零线并行绕制，因此在家庭电路正常工作时，火线和零线的电流大小相等，方向

相反，因此合磁通量为零，中的磁通量为零，地面上的人接触火线发生触电时，火线

的电流突然变大，即中的磁场发生变化，致使中的磁通量变化，中产生感觉电流，电磁铁将开关K吸起

本题观察了变压器的构造和原理，

理解为什么副线圈中的磁通量为零。

难点在于明确火线和零线并行绕制电流方向相反，

要以下列图，表面圆滑的固定斜面顶端安装有定滑轮，斜面倾角为O，物块A、B用轻绳连接并超出滑轮。开始时A、B在同一高度并处于静止状态。现剪断轻绳，物块A自由下落，物块B沿斜面下滑，忽略滑轮

的摩擦，则从剪断轻绳到两物块落地的过程，以下说法正确的有A.

B.

C.

D.

物块A和物块B同时落地

物块A落地时的速度大小和物块B相等

物块A落地时的动能和物块B相等

物块A落地时重力的瞬时功率和物块B相等

【答案】BD

【分析】解：A、A运动的时间为：，B运动有：，解得：，

故A错误。

B、依照机械能守恒知知，h相等，则速度大小相等，但方向不一样，

故B正确。

C、AB都只有重力做功，机械能守恒，动能的增加量等于重力势能的减小零，因此

，由于，因此动能变化不相等，末动能不相等，故C错误；

D、重力做功的瞬时功率，，，因，v

相等，因此，故D正确；

应选：BD。

剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，机械能守恒，重力势能

变化量等于重力所做的功，重力做功的瞬时功率。

重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加，重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值，难度适中。

以下列图为洛伦兹力演示仪的构造简图。励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁场强弱由经过励磁线圈的电流来调治，在球形玻璃泡底部有一

个能够起落的电子枪，从电子枪灯丝中发出电子的

初速度可忽略不计，经过加速电压可调治，且

加速间距很小后，沿水平方向从球形玻璃泡球心的

正下方垂直磁场方向向右射入，电子束距离球形玻璃泡底部切线的高度为见图，

已知球形玻璃泡的半径为以下说法正确的有

仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大励磁线圄

仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大前后各一个玻璃泡C.

D.

电子束在玻璃泡内做完满圆周运动的最大多数径为R

仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变小

【答案】BCD

【分析】解：AB、电子在加速电场中加速，由动能定理有：，电子在匀强磁

场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：，解得：，可见保持

加速电压不变，增加励磁电流，B增大，电子束形成圆周的半径减小；仅高升电子枪加

速电场的电压，电子束形成圆周的半径增大。故A错误，B正确；

C、电子束是在玻璃泡内做完满圆周运动的，已知球形玻璃泡的半径为R，因此电子束

运动的最大多数径为R，故C正确；D、电子在磁场中运动的周期：，y由于增大电流，B减小，电子做圆周运动的周

期减小，故D正确；

应选：BCD。

依照动能定理表示出加速后获得的速度，尔后依照洛伦兹力供应向心力推导出半径的表达式。即可进行分析。依照安培定则和左手定则结合判断电子的运动轨迹。

本题观察了粒子在电、磁场中运动在实质生活中的应用，正确分析出仪器的原理，写出带电粒子在磁场中运动的半径公式与周期公式是要点。

三、实验题研究题（本大题共3小题，共分）

11.如图甲所示，小虎同学将气垫导轨的右支撑点调高支成斜面，用图示装置测量滑块

沿气垫导轨下滑的加速度，遮光片P固定在滑块的左端并与滑块左端平齐，光电门

固定在导轨上，导光孔与导轨上的地址A对齐。让滑块左端位于斜面上的地址B

处，打开气源，将滑块由静止释放，测得AB气垫导轨的距离L、遮光片的宽度及

遮光时间，算出遮光片经过光电门的平均速度v，视为小车左端到达A处时的速度，

进而测出滑块下滑的加速度。

12.

13.小虎运用该方案测得加速度的表达式为______。

为了更精确地测得小车的加速度，小芳对方案进行了改进：运用同一气垫导轨装

置，仅换用不一样宽度的遮光片固定在滑块的左端并与滑块左端平齐，让滑块左端位于斜面上的同一地址B处，打开气源，将滑块由静止释放，记录每次实验遮光片的宽度和遮光时间t，并算出各次遮光片经过光电门的平均速度，记录数据并作出图象如图乙所示，依照图象，滑块左端过A处的瞬时速度大小为______，滑块的加速度大小为

______

结果保留两位有效数字

你认为小芳的新方案中，考虑遮光片的质量变化，在换用不一样遮光片晌，测得的加速度应该______选填“相同”、“不一样样”

【答案】相同

【分析】解：依照运动学公式可求出滑块的加速度为：

；

从打下A点开始计时，由乙图就能看出打下

A点的速度初速度为

，再从图

象斜率就能求出加速度为：

。

滑块在倾斜的木板上做匀加速直线运动，

而合力是由滑块的下滑分和阻力决定，

合力

除以质量后，恰与质量没关了，因此换不一样遮光片后加速度是相同的。故答案为：；均可均可；相同

小球在极短时间内的平均速度等于瞬时速度，依照动能的增加量等于重力势能的减小量考据机械能守恒，进而即可求解。

解决本题的要点知道实验的原理，抓住重力势能的减小量和动能的增加量可否相等进行考据，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度。

16.某同学设计了如图甲所示的电路测量某电池的电动势E和内阻r，电路中定值电阻

。

17.

依照图甲所示电路，请在图乙中用笔画线取代导线，完成实物电路的连接。

闭合电键前，滑动变阻器滑片应置于变阻器的______端。

20.实验中，该同学搬动滑动变阻器的滑片，读出电压表和的示数、，数

据如表所示，请依照表格中的数据在图丙所示坐标纸中画出的图线。

次数123456

由图线求得该电源的电动势______V，内阻______取三位有效数

字

实验中，产生系统误差的主要原因是______。

【答案】左电压表分流

【分析】解：依照图甲所示电路图连接实物电路图，实物电路图以下列图：

滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合电键前，滑动变阻器滑片应置于变阻器的左端。

依照表中实验数据在坐标系内描出对应点，尔后依照描出的点作出图线以下列图：

由图示电路图可知，电源电动势：，整理得：，

图线可知，电源电动势：，图线斜率的绝对值：，电源内阻：

；

由图示电路图可知，电压表的分流是造成实验误差的本源。

故答案为：实物电路图以下列图；左；图象以下列图；；；电压表

分流。

依照实验电路图连接实物电路图。

滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片要置于阻值最大处。

应用描点法作图。

依照实验电路图应用欧姆定律求出图线的函数表达式，尔后依照图示图线求出电源电

动势与内阻。

依照实验电路图分析实验误差本源，尔后分析答题。

应用图象法办理实验数据是常用的实验数据办理方法，要掌握描点法作图的方法，依照

图示电路图应用闭合电路欧姆定律求出图线的函数表达式是解题的要点。

21.如图为实验室常用的气垫导轨考据动量守恒的装置两带有等宽遮光条的滑块A和

B，质量分别为、，在A、B间用细线水平压住一轻弹簧，将其置于气垫导轨

上，调治导轨使其能实现自由静止，这是表示______，烧断细线，滑块A、B被弹

簧弹开，光电门C、D记录下两遮光条经过的时间分别为和，若有关系式______，

则说明该实验动量守恒．

【答案】气垫导轨水平

【分析】解：两滑块自由静止，滑块静止，处于平衡状态，所受合力为零，此时气垫导轨是水平的；

设遮光条的宽度为d，两滑块的速度为：，，

若是动量守恒，满足：，

由解得：．

故答案为：气垫导轨水平；．

滑块静止，处于平衡状态，所受合力为零，据此分析答题；求出滑块速度，由动量守恒定律分析答题．

本题观察了实验注意事项、实验数据办理，应用速度公式、动量守恒定律即可正确解题．

四、计算题（本大题共5小题，共分）

22.以下列图是氢原子的能级图，原子从能级向

出的光子恰好能使某种金属资料发生光电效应。求：

跃迁所放

该金属的逸出功；24.

原子从能级

向跃迁所放出的光子照射该金属，

产生

的光电子的最大初动能。

【答案】解：原子从能级向跃迁所放出的光子的能量为

，当光子能量等于逸出功时，恰好发生光电效应，因此逸出功为：

。

从能级向跃迁所放出的光子能量为，依照光电效应方

程得，最大初动能为：。

答：该金属的逸出功为；

原子从能级向跃迁所放出的光子照射该金属，产生的光电子的最大初动能

为

【分析】能级间跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差，依照光电效应的条件求

出金属的逸出功，再依照光电效应方程得出光电子的最大初动能

解决本题的要点知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，以及掌握光电

效应方程。

25.2017年全国物理科学晚会上，一位老师用“吹气千斤顶”把四位

高中生顶起来。他用一根带阀门的塑料管连在关闭的正方形塑

料薄膜袋上，塑料薄膜袋平摊在教室地面上，以下列图。在塑

料薄膜袋的上方平放一块与薄膜袋上表面面积相等的轻质塑料

板，让四位学生同时站到与轻质塑料板中心对称的地址上，该

老师经过塑料连接收向袋内吹气，直到把四位同学抬到必然高

度，薄膜袋素来没有破裂。假设袋内气体可视为理想气体，温

度保持不变

以下说法正确的选项是______。

A.薄膜袋内气体分子平均动能不变

B.薄膜袋内气体的压强是由于气体重力而产生的

C.薄膜袋内气体的体积是所有气体分子的体积之和

D.由于四位学生压迫薄膜袋，袋内气体分子间表现为斥力

表演过程中，该老师对球内气体共做了200J的功，此过程中薄膜袋______填“吸

收”或“放出”热量。若某时苛刻膜袋突然爆破，则薄膜袋内的气体内能______填“增加”或“减少”32.

V，密度为，平均摩尔质量为

M，阿伏加德罗常数为

试求薄膜袋内气体的分子个数及分子间的平均距离。

【答案】A放出减少

【分析】解：、球内气体温度可视为不变，因此气球内气体分子平均动能不变，故

A正确。B、由于大量分子都在不停地做无规则热运动，与器壁频频碰撞，使器壁碰到一个平均

连续的冲力，致赌气体对器壁产生必然的压强。故B错误。C、气体分子间的空隙很大，因此气球内气体的体积远大于所有气体分子的体积之和。

故C错误。

D、小刚同学压迫气球，但是气体分之间的距离还是很大，气体分子间表现为引力，但

是引力很小能够忽略。故D错误。

应选A。

该老师对球内气体共做了200J的功，气体内能增加，依照题意，气体温度不变，所

以此过程中薄膜袋放出热量；薄膜袋破裂致赌气体体积增大，对外做功，气体内能减小；

薄膜袋内气体的摩尔数

分子个数

气体分子之间的距离

解得：

故答案为：；放出，减小；，。

温度是分子平均动能变化的标志，知道被关闭气体压强产生的原理。知道分子间表现的

实质作用力为引力。依照热力学第必然律的表达式进行有关判断；求出气

体的质量，已知平均摩尔质量再求出摩尔数，最后求出分子数和分子距离。

热学中好多知识点要需要记忆，注意平时的积累，关于热力学第必然律，

要明确公式中各个物理量的含义。

33.如图甲所示，左侧接有定值电阻的圆滑水平导轨处于垂直纸面向外的匀强磁

场中，磁感觉强度，导轨间距为。一质量、接入电路的阻值

的金属棒在拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒

与导轨垂直且接触优异，金属棒的图象如图乙所示，取在金属棒从起

点运动各处的过程中，求：

34.

回路中经过电阻R的电量q；

36.金属棒运动各处时所受安培力大小；

定值电阻R中产生的焦耳热。

【答案】解：由、、得：

经过电阻R的电量

由速度位移图象得：

金属棒所受的安培力

代入得：则知与x是线性关系。

当时，。

当时，。

从起点发生位移的过程中，战胜安培力做功

依照功能关系知，整个电路产生的焦耳热等于战胜安培力做功，因此整个电路产生的焦耳热

定值电阻R中产生的焦耳热

答：

回路中经过电阻R的电量q是；

金属棒运动各处时所受安培力大小是2N；

定值电阻R中产生的焦耳热是。

【分析】依照法拉第电磁感觉定律、欧姆定律和电量与电流的关系式求经过电阻R

的电量q；

由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式获得与x的关系式，再求金属棒运

动各处时所受安培力大小；

依照平均安培力求解战胜安培力做的功，即可获得整个电路产生的焦耳热，再求定值

电阻R中产生的焦耳热。

本题有两个要点：一是依照v与x的关系，由安培力公式，获得与x的关系

式，确定出与x是线性关系，即可求出安培力做功；二是依照图象的斜率研究加

速度的变化情况，结合图象分析平均速度。

38.以下列图，倾角的足够长传达带上有一长，质量的薄木板，

木板的最右端叠放质量为的小木块。对木板施加一沿传达带向上的恒力F，

同时让传达带逆时针转动，运行速度叫10m。已知木板与物块间动摩擦因数，

木板与传达带间的动摩擦因数，取，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

若在恒力F作用下，薄木板保持静止不动，经过计算判断小木块所处的状态。

40.若小木块和薄木板相对静止，一起沿传达带向上滑动，求所施恒力的最大值；

41.若，木板与物块经过多长时间分别分别前的这段时间内，木板、木块、

传达带组成系统产