《试卷3份集锦》广东省汕尾市2020高一物理下学期期末考试试题

1、2019-2020学年高一下学期朗末物理模拟试卷、单项选择題：本题共10小題，每小题4分.共40分.在何小题给出的四个选项中，只有 顼是契合題目要求的体题9分）2017年10与24日，在地球观测组织（GEO）全会期间挙办的“中国口 ”活动E我国正式向国际社会免费 开放共享我国新-代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”和全球第-颗二氧化碳监测科学实验卫星（以下简称碳卫星） 的数据.“碳卫星是绕地球极地运行的卫星.在政地700干米的圆形轨道关于地球进行扫描,汇集约140大的数据可制作张 无缝隙全球覆盖的二氧化碳监测图，有关这两颗卫星说法正确的是（）“风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向心加

2、速度“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星线速度“风云四号”卫星的周期小于“碳卫星”的周期“风云四号”卫星的线速度大于第一宇宙速度3（本题9分）自由下落的物体.它开始卜落全程丁的高度所用的时间和卜落全程所用的时间的比值为（）4A. 1： 2B.c.-V2）.:2（本题9分）如图所示为两个等鹼异号点电荷所形成电场的部分电场线，P, Q是电场中的两点.下列说法正确的是（）P点场强比Q点场强大P点电势比Q点电势低电子在P点的电势能比在Q点的电势能小电子从P沿宜城到Q的进程中所受电场力恒定不变（本題9分）在用电脑播放光碟时，光盘将绕其中心做勻速网周运动.己知光盘的半径为r,光盘边缘上一点的线速度大小 为

3、v,则光盘转动的角速度为（）A.图甲A球在水平面内做匀速圆周运动,A球角速度越大则偏离刷方向的6角越小图乙质量为m的小球到达最高点时关于上管壁的压力大小为3mg,则此时小球的速度大小为2俯图丙皮带轮上b点的加速度大于a点的加速度图丙皮带轮上c点的线速度等于点的线速度6.（本题9分）硬盘是电脑主要的存储媒介，信息以字节的形式存储在硬翻的磁道和扇区上，家用台式电脑匕的硬磁盘的磁道和扇区如图所示.若某台计算机上 的硬盘共有”个磁道（即个不同半径的同心圆），每个磁道分成加个扇区，毎个扇区可以记衆P个字节。电动机使磁盘以血的 佑速度匀速转动，磁头在读写数据时是不动的，磁盘每转-圈，磁头沿半役方向跳动-个

4、磁道。则（）B.硬盘的转速为B.硬盘的转速为2如（本題 ）A.重力势能减少.动能不变,机械能减少.总能能减少B.重力势能力小,动能增能,机械能减少，总能站不变C.重力势能减少,动能增能,机械能増加，总能虽増加.重力势能减少.动能增加,（本題 ）A.重力势能减少.动能不变,机械能减少.总能能减少B.重力势能力小,动能增能,机械能减少，总能站不变C.重力势能减少,动能增能,机械能増加，总能虽増加.重力势能减少.动能增加,机械能守恒，总能技不变C. 一个扇区经过磁头所用时间约为/ =-8C0.不计磁头转移磁道的时冋，计算机IS内最名可以从-个硬盘而上读取券个字节7.9分）如图所示.小孩从公园中粗糙的

5、滑梯上n由加速滑下，其能够的变化情况是体题9分）如图甲所示，火箭在太空中沿能连絞横向漂移.火箭不受任何外力的作用，当火箭漂移 到b点时，立即启动火箭上的发动机,产生 个恒定的推力作用在火箭上，推力的方向垂口丁 ab连线，直至火箭运动到太空中的C点，关闭发动机.推力同时消失，清判断火箭在b、c之冋的运动轨迹应是图乙中的哪个（）十”_卄十”（本題9分）把球同步卫星、月球绕地球运行的轨道都视为例，根据同步卫星和月球运动的周期之比可求同步卫星和月球绕地球运行的速率之比同步卫星和月球到地球的距离的三次方之比同步卫星和月球的质県之比月球和地球的质虽之比（本题9分）如图所示，颗0.1kg 了弾以500m/s

6、的速度打穿第块固定木板后速度变为300m/s,则这个进程中子弹克服阻力所做的功为（）=A.8000JB.4500JC. 12500J A.8000JB.4500JC. 12500J .无法确定二、务项选择题：本题共6小题.每小题4分.共24分.在何小题给出的四个选项中，有多项契合题目要求.全部选关于的得4 分.选关于但不全的得2分，有选借的得。分H.（本題9分）如图所示的皮带传动兼置.左边是主动轮，右边是-个轮轴.a.b、c诀别为轮边缘k,的三点，己知RaVRbVRc,假设在传动进程中皮带不打滑，则下列说法正确的是a点与a点与b点的角速度大小相等a点与b点的线速度大小相等c. c点的线速度最大

7、.cc. c点的线速度最大己知地球半径为R,质量为M,门转角速度为3,万有引力常星为G,地球同步卫星与地心间的距离 为r,近地人造卫星绕地球的运行轨道可视为圆，则地球近地卫星做匀速圆周运动的加速度为C/R地球同步卩星做匀速例周运动的加速度为brc.地球近地卫星做勺速圆周运动的絞速度为3R.地球近地卫星做匀速圖周运动的线速度为.地球近地卫星做匀速圖周运动的线速度为（本題9分）如图,M为半圆形导线框,网心为N是圆心角为口角的扇形导线框，园心为6,两导线框在同竖直而（纸而）内：两【员I弧半径相等：过口线0#0N的水平而上方有匀强磁场，磁场方向垂宜于纸面现使线框M.N在M.N在t=0时从图示位置开始.

8、诀别绕垂直于纸面且过0”和On的轴.以相同的周期T逆时针匀速转动，则（XXXXXXMN两导线框中均会产生正弦交流电两导线框中感应电流的周期都等T在时.两导线框中产生的感应电动势相等8两导线框的电阻相等时，两导絞框中感应电流的有效值也相等如图所示，河水门西向东匀速流动，水流速検为4m/s,河宽为90m：菽定船在静水中的速度不变.甲船从南岸的P点出发，实际轨迹垂H河岸，即PO线，船头方向与PO线成a=53,同时，乙船从北岸的Q点出发，船头方向垂H河岸，两者恰好在河中央O点相遇（血53, =0.8, 口 53. = 0.6）。卜列说法正确的是（）两船相遇的时间为25 5s两船相遇的时间为25 5s甲

9、船在静水中的速度为5m/s乙船在静水中的速度为6m/s两船出发点的相隔距离为尤、寡15.（本题9分）放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在。6s内其速度与时间的图象和该拉力的功咚与时间的图像诀别如图所示.下列说法正确的是（）A. 06s内物体的位移大小为30mB. 06s内拉力做的功为70Jc.合外力在26s内做的功不等于0.滑动摩擦力的大小为0.6N如图，一个带电粒子以初速度V。从A处进入某电场，实线表示电场线，虚线表示带电粒子的运动轨迹，不计带电粒子的重力，则以下说法正确的是（）该粒子定带负电该粒子在A处的加速度大于B处的加速度该粒子在A处的动能大于B处的动能该粒子在A处的电势能大

10、于B处的电势能三、实验题:共2小题，侮題8分，共16分（本题9分）描绘平抛运动轨迹的实验装置示意如图。为了保证实验准确，在实验进程中必需采取下列哪些步骤 -斜槽末端的切线必需水平入射小球每次应从斜槽上的同位置由静止开始释放在斜槽末端悬拄重锤以确定竖宜方向固定白纸的木板可以傾斜放置上图曲线是某位同描绘出的小球做平抛运动的轨迹，图中坐标纸上的小方恪毎边长均为5cm,亟力加速堆取9.8m/s2,则小球做平抛运动的初速度为 m/s （结果保留两位有效数字）（本题9分）在做研究平抛运动的实验时，让小球君次沿同轨道运动，经过描点法瑚出小球平地运动 的轨迹,（1）为了能较准确地描绘运动轨迹，下而列出些操作要

11、求，将你认为正确选项的前面字母壊在横线上:经过调节使斜槽的末端保持水平每次样放小球的位置必需不同每次必需由静II.释放小球小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触y/cm在该实验中，某同学记录了 A、B、C三点，取A点为坐标原点.建立了如图所示的坐标系，平抱轨迹 上的这三点坐标值图 中己标出.那么A、B两点的时间间隔是 ,小球平抛的初速度为 (g = 0m/)： 四、解答题：本題共4题，毎题5分，共20分（6分）（本題9分）如图所示，摩托车做腾跃特技&演.沿曲而冲上高0.8m顶部水平高台，接着以v =3m/s水平速度离开 平ft,落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弘切线从A点切入光滑竖方圆弧轨

12、道，并且沿 轨道下滑.A、B为圆弧两端点，其连线水 平.己知圆瓠半径为R=1.0rn,人和车的总质虽为200kg,特技&演的全进程中，阻力忽略不计.求：（1）从平H飞出到A点，人和车运动的水平距离s.（2）人和车运动到达圖顷轨道A点时关于轨道的压力.备（6分）（本題9分）质敬为2kg的物体在水平地面匕 受到沿水平方向大小为11 N的拉力作用，使物体从A点移到B 点.移动距离为x=2m,己知地面与物体之间的动靡擦周数H=l. 2. （g取11 m/s2）求：（1）拉力关于物体做的功：（2）摩擦力关于物体做的功：（3）合外力关于物体做的功.（6分）（本题9分）如图所示，质站为m的小物体固定在劲度系

13、数为k的轻弹我右端,轻弹簧的左 端固定在褒H堵 上.水平向左的外力F推物体圧缩弹簧，使弹簧长度被压缩J b.己知弹簧被拉长（或者压缩）长度为X时的弾性势能Ep = lkx求在下述两种情况下，撤去外力后物体能够达到的最大速度.:1. FAnirinri丿丿丿丿/ j才J（1）地面光滑：（1）物体与地面的动摩擦因数为H.22.（8分）（本题9分）从离地足够高处无初速度禅放-小球.小球质嵐为0.2 kg,不计空气阻力.g取10 m/s?,取最高点所在水平面为零势能参考平面求：（1）第2s末小球的車力势能：（2）3 s内重力所做的功及車力势能的变化：（3）3 s内匝力关于小球做功的平均功率.参考答案一

14、、单项选拝题：本題共1。小题，每小題4分，共40分.在毎小霆给出的四个选项中.只有-项是契合题目要求的B【解析】A、根据G = 5知运行轨道半径越大向心加速度越小.峋有四号卫星的运行轨道半径大于“碳卫r星的轨道半径，所以风云四号”卫星的向心加速度小于“碳卫星*的向心加速度，故A借误.B.根据严，风云四号卫星的运行轨道半径大于嗽卫星的轨道半径，所以“风云四号”卫星的线速度小于卫星的线速度，故B正确.C、根据G罗=妬野2可得厂焉i,风云四号”卫星的运行轨道半径大于.碳 卫星啲轨道半径，所以风云四号”卫星的周期大于“碳卫星”的周期，故C緒误；、第宇宙速度是最大的运行速度，所 以“风云四号”卫星的线速

15、度小于第一宇宙速度，故错误；放选B.【点艦】根据万有引力提供向心力比较“飞云四/卫星和“碳卫星”的向心加速度和线速度.第-宇宙速度是最大的运行速度，由于地球门转，“碳卫星”的轨道无法和某-经线重合. TOC o 1-5 h z 【解析】1根据自由落体的运动规=h = -gx：乙乙故A.B. C铠误，正确：故选.【点附】解决本题的美铤知道门由落体运动是初速度为零的匀加速直絞运动，掌握匀变速直线运动的运动学公式.并且能灵沽运用.C解析】试题分析；由图可知，P点周围的磁感线比Q点稀疏，故P点的场强比Q点小，选项A错误；由电场线的方向可知，电场由P 到Q,而电势沿电场线方向是降低的，故P点电势高于Q点

16、也势.选项B错课：那么电子是负电荷，电子在P点的电势能小于 在Q点的电势能，选项C正确；由于P到Q间的电场强度 是变化的.故电子从P沿直线到Q的进程中所受也场力是变化的. 选项错误。考点：电场强度，电势，电势能。【解析】试题分析：根据公式V =可得光盘转动的加速度为=正确：r考点：考査了圖周运动规律的应用【名师点瞄】熟记描述匀速圆周运动的物理鼠线速度、角速度、周期、转速等之间的关系，即一妙， TOC o 1-5 h z 2/rr2 龙2 TTH小V = co , V = co - 2 7C nTTrB【解析】【分析】考察竖立面、水平面内的圆周运动,主要是寸找向心力来源.利用圆周运动知识、规律解

17、答.同轴转动，角速度相同：皮带连接边缘位置线速度相同.【详解】A关于图甲小球受力分析如图所示，则有：打=尸冬 tan 0 = mtxi-Lsin 0得.COS 0 = coL由卜.式可知，3越大，COSO越小，则8越大，不契合题意；B图乙中小球到达最高点时.若关于上管壁压力为则管壁关于小球作用力向下，有：2mg / 3nig m 得:# = /人=2俯契合題意：C图丙中，5=0,由：a = ccfr得：: q . = 1 : 2又=%,由：a -得：可得：5 :绳=4：1不契合题意：CQ=CO, , III:图丙中，CQ=CO, , III:v = cor得：冬：耳=1 : 2不契合题意.6.

18、 C【解析】【分析】【详解】磁头在内圏磁道与外圏磁道同轴传动,角速度相同，由V = cor可知磁头在内圈磁道的线速度小于外圈磁道上运动的线速度，故A错误;硬盘的转速为故B错误;磁头转动的周期为C个扇区经过磁头所用时间约为T 2儿 团mco故C正确: 不计磁头转移磁道的时间，计算机1S内最多可以从个硬盘而上读取的字节为npconpN -故错误。7. B【解析】 由能吊:转化和守恒定律可知，小孩在下滑进程中总能駁守恒.故A, C均错：由T摩擦力耍做负功，机械能不守恒，故借：卜滑进程中重力势能向动能和内能转化，故只有B正确.【解析】【洋解】 由题意，当火箭漂移到b点时，立即启动火箭上的发动机，产生个

19、恒定的推力作用在火箭上.则火箭产生个向上的加速 度,沿向上的方向做匀加速直絞运动，同时沿水平方向做匀速直线运动，所以其轨迹为抛物线.图像与结论不相符，选项A错误：图像与结论不相符.选项B错误；图像与结论不相符，选项C错误：图像与结论相符，选项正确；9. A【解析】【洋解】15. AB15. AB13 13 BC由万有引力提供向心力有；G岁円译匚气可佃=馬 A.由周期之比,可得同步卫星的轨道半径与月球的轨道半径之比，从而也就得同步卫星与月球绕地球运行的速度之比.放A正确.由周期之比，可求解同步卫星和月球到地心的距离的二分之三次方之比，选项B错误：由周期之比，不能求解同步卫星和月球的质蛍之比，选项

20、C错误；由周期之比，不能求解月球和地球的质量之比，选项错误.A【解析】在子弾穿木块的进程中设它克服阻力做功为Wf,根据动能定理得：旳汐2如朮,代入数据得：Z8000J,故选项A正确，【点睛】确定子弹打穿子弹的初.末状态.根据动能定理求解二，多项选择题：本題共6小题，毎小題4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项契合题目要求.全部选利的得4 分，选关于但不全的得2分，有选借的得。分BC【解析】试题分析：由于ab是皮带传动的两轮边缘上的点，所以a点与b点的线速度大小相等：因为ac是同轴转动,所以恥的角速度相等，根据v则c点的线速度最大：三点角速度的关系足切祯“选 项BC正酬.考点：同轴转动

21、和皮带传动中角速度和线速度的关系B【解析】【洋解】7卫星绕地球做岡周运动时，由地球的万有引力提供向心力，有：G少.解得：co =地球同步卫星的角速度等丁地球n转角速度3,得地球近地卫星与地球同步卫星的角速度之比为:则得:，所以地球近地卫星做匀速圆周运动的加速度为:则得:，所以地球近地卫星做匀速圆周运动的加速度为:% = %、R = 二,故 A 错误.B地球同步卫星的角速住等于地球自转角速度3仲地球同步卩星做匀速圆周送动的加速度为：a沪3片.故B正确.C.地球近地卫星做匀速圆周运动的线速度为：矿枝=3枝故C错误.地球近地卫星做匀速圆周运动时根据G斉=，抒爷近地11星的线速度为:叫丄字.故止确。【

22、解析】【洋解】半径切割磁感线产生的感应电动势E = BS : L = ； g 由于匀速转动，所以进入时.电动势是22恒定的，则A错误：由半径切割分段分析知道：M线框在转-周内感应电动势的变化是恒正、恒正、恒负、恒负.N线框的变化是恒正、零、恒负、零，所以两导线框的周期相等地，则B正确；显然从开始到转过90 ,都是半径切割，感应电动勢相等.则C正确：P2P2T根据有效值的定义:关于M线框 一关于N线框,只有一半时间有感应电流，一 =術,RR 2两式关于比得到：迈1N,所以错误.14. B【解析】【详解】AB分析甲船的运动情况，船在屛水中的速度为：与=5二/匚则垂直于河岸方向上的分速度为:viy=

23、vicosa=3m/s相遇时间为:=一小0川j 口 故选项A不契合題意，选项B契合題意.C 乙船在飾水中的速度为:故选顼C不契合题怠. 乙船与甲船平行河岸的距离为:x=v 水 t=60m河宽=90m,则两船的出发点用距 = JF十了 = 3咖匚故选项契合題意.【分析】【详解】4+6A项：。6s内物体的位移大小为:a=x6m = 30m，故A正确；2Av /B项：0“2s内，物体的加速度为：= -= 3% 盅咯 当P二30W时，v二6m/s,得到牵引力为：PF = - = 5N,在02s内物体的位移为X洋6m测拉力做功为：Wi=Fxi=5x6J=30J. 26s内拉力做的功v为：W2=Pt=10

24、 x4J=40J 所以。6s内拉力做的功为：W=Wx*W2=70J.故B正确；C项：在26s内，物休做匀速运动，合力做零，故合外力做功为零，故c错误：项：在26s内，v=6m/s, P=10W,物体做匀速运动，摩擦力为：LF,得= F = M N =n,V6 3故错误.AC【解析】【详解】该带电粒子从A处进入电场后，仅受电场力作用从A点沿虚线运动到B点.由轨迹的弯曲方向可知，它 在A点所受电场力 的方向必跟A点的场强方向相反，则该粒子带负电，故A正确：因A处的电场线比B处的电场线疏，故A处场强比B处的小.带屯粒子在A处受到的电场力比在B处受到的电场力小， 则该粒了在A处的加速度小于在B处的加速

25、度，B错误C.带电粒了从A处运动到B处的进程中，电场力做负功，由动能定理町知其动能找小，电势能増加,故C正确，错误.三、实骚題：共2小题,每题8分，共16分ABC 1.4【解析】经过调节使斜槽末端保持水平，是为J保证小球做平抛运动.故A正确;因为要画同运动的轨迹，必需每次释放小球 切位置相同，且由静止释放.以保证获得相同的初速度，故B正确，在斜槽末端悬挂重僅以确定fl/向，故CIE确；因平抛 运动的竖口分运动是fl由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此木条(或凹槽)下降的距离不应是等距的.故错误： 固定白纸的木板要竖口放置.避免因摩擦而使运动轨迹改变.最后轨迹应连成平滑的曲线，故错误。所

26、以ABC正确.错误。选取水平间隔相同的两点，所以时间间隔相同，根据公式左h=gt2得：二,水平方向上：x=3l=vot,联立并且代入数据解得：vo=1.4m/soAC0.1slm/s【解析】A.只有斜槽的末端保持水平，小球才具有水平初速度，其运动才是平抛运动，故A正确：B.每次从同一位置由静止释放小球，是为r使小球有相同的初速度，放B错谋,C正确；.如果小球在运动进程中与木板上的白纸相接触就会改变它的运动轨迹，使其不是平抛运动，故正确.故选为ACA. B. C是平抛运动轨迹上的三个点，由水平位移可知：三个点时间间隔相等.a/7 I (0 4 - 0 5)-0竖直方向做自由落体运动，因时间相等，

27、由可得：“/= /. 5 =O-ls水平方向做匀速运动，则vo=x/t=O.M).lm/s=lm/s所以初速度vo=lm/s四、解答题：本題共4題，何題5分，共20分(1) 1.2m(2) 6200N【解析】车做的足平抛运动，很据平抛运动的规律可符，竖宜方向上有H=水平方向上有$ 二叽解得 s = 3x J二;= 1.2?. I = 0.4$ ；摩托车落至A点时，其竖宜方向的分速度为： yWs.到达A点时速度为：1/ + vl =5m/s 9v4设摩托车落地时速度方向与水平方向的夹角为a，则冇taim = =,即有67 = 53。；v3关于摩托车受力分析可知，摩托车受到的指向圆心方向的合力作为

28、圆周运动的向心力，2所以有V、7gcosa=加吃.代入数据解得耳二6200/V,由牛顿第三定作可知.人和车在最低点O #时关于轨道的压力为6200N.20 (1)21J(2)-8J(3)12J【解析】拉力做的功为)y=Fx = 10 x2 = 20/:摩擦力关于物体做的功为旳=呼=-0.2x2x10 x2 = -8 J ；在暖直方向上物体位移为零，取力和支持力做功为和为零，在水平万向上【点睛】在计算力所做的功时，苫先要关于物体进行受力分析.明确是要求哪个力做的功.这个力是恒力还是变力：其次进行运动分析，明确是要求哪-个进程力所做的功.21. (2)疋(2)譽)屏J/、半由渺【解析】忒题分析：当

29、地面光滑时，根据机械能守恒即可求解：当表面不光滑时，摩擦力做功，可利用动能定理求解.(2)地面光滑情况卜.弾黄达到原长时.物体速度最大，为V2.弹實被压缩后，弹性势能Ep = ykb2根据机械能守恒有：Em(2)物体与地面的动摩擦因数为卩情况下.当弾黄弹力等于滑动摩擦力时，物体速度最大，为巾设这时弹簧的形变成为S,有:ks = pmg此时弾簧弹性势能为：Eg 根据能虽守恒定作有：EpJ mv； -pmg(bs)则有：:kb = :mv; + /状(bs) + ；ks?-籍诟或辱亨福点睛：本题主要考査了含弹麓的能鹼问题，明确最大速度的位置是解題的关键，灵活应用动能定理和机械能守恒求解即可.22.

30、 (1) 40J; (2) 90J 重力势能减少 90J; (3) 30W【解析】【洋解】(1)第2 s末小球卜降的高度为:171 夕h =xl0 x2m = 20m26 2取最高点所在水平而为零勢能参考平面.第2 s末小球的重力势能为:Ep = -nigh = -0.2 xlOx 20 J=-40 J (2)3 s内小球下降的高度为：/=丄炉门二丄 x 10 x 3? m = 45 m 2A 23 s内重力所做的伪：W = mgh* = O.2xlOx 45 J=90J就力势能的变化帝为减少90丄3 s内重力关于小球做功的平均功率F90 p = M = w=30W高一 （T）学期朗末物理模拟

31、试卷、单项选择题：本题共10小题，気小题4分，共40分.在侮小题给出的四个选项中，只有项是契合题目要求的（本题9分）机械鼠标的正反而如图所示，鼠标中定位球的也径是2.0cm,如果将鼠标沿宜线匀速拖移10cm需耍Is吋间，则定位球的角速度为（）n/10（ra/s）c. 5*（ ra/s）. ?0 （ra/s）（本题9分）一束单色光由空气进入水中，则该光在空气和水中传递时速度相同，波长相同 B.速度不同，波长相同速度相同,频率相同.速度不同，频率相同（本题9分）如图所示，经过定滑轮悬挂两个质貝为E】、m2的物体（mQm/不计细绳与滑轮的质量、不计细绳与滑轮间的摩擦，在向卜-运动-段距离的进程中，下

32、列说法中正确的是m W2m】垂丿j势能的綾少量等于m2动能的增加星ma重力势能的滅少星等于m2重力势能的増加虽rm机械能的减少魅等于E2机械能的増加話mi机械能的减少最大于m2机械能的増加鹼（本題9分）下列关于同步卫星的说法中，正确的是（它的周期与地球tl转周期相同，但高度和速度可以选择它的周期、高检和速度大小都是定的我国发射的同步通信卫星定点在北京上空不同的同步卫星所受的向心力相同曲线运动的物体,在运动进程中定发生变化的是A.速度大小B連度方向A.速度大小B連度方向C.加速度大小.加速度方向6 （本题9分）2011年口月3日，“神舟八号飞船与“天宫一号目标飞行器成功实施K首次交会关于接.任务

33、完成后“大 宫一号经变轨升到更高的轨道，等待与“神舟九号”交会关于接.变轨前和变轨完成后天宜一号”V.的运行轨道均可视为圖轨道，关于做的轨道丰径诀别为R, R2,絞速度大小诀别为小冬则丄等于（）P2（本题9分）关于地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是:它定在两极上空运行B.各国发射的这种卫星轨道半径都不同c.它运行的线速度定小于第-宇折速度.它的角速度大于地球，转的偽速度如图所示，实絞为-正点电荷的电场线，虚线为其等势面.A、B是同-等势而上的两点.C为另-等势面上的一点，下列判断正确的基（A点场强与B点场强相同C点电势高于B点电势将电子从A点沿虚线移到B点，电场力不做功将质子从A点移到。点,

34、其电势能增加（本题9分）名宇航员在某星球上完成口由落体运动实验，让个质話为2 m的小球从-定的高度f|由下落测得在第5s内的位移是18m,则（）物体在2s末的速度是20 m/s物体在第5s内的平均速度是3.6m/s物体自由下落的加速度是5 m/s 2物体在5s内的位移是50m（本題9分）如图所示，两极板与屯面相通接.电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场11恰好从正极板边沿E 出.现在使电子入射速度变为原来丄.而电子仍从原位置射入.且仍从正扱边沿0出.则萌极板的间地应变为原来的A4倍B.2倍C.丁倍.才倍42二多项选择題：本題共6小題.每小題4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项契

35、合题目要求.全部选关于的得4 分，选关于但不全的得2分.有选错的得。分311 .如图所示,在竖宜平面内有一半径为R的丁圆弧轨道.半径0A水平.0B竖宜.一个质屋为加的小4球自A的正上方P点由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点B时恰好关于轨道没有压力.己知PA=2.5R,重力加速度为“则小球从P到B的运动进程中：A.重力做功2.5 mRB.动能增加0. 5 mgRC.克服摩擦力做功吨R.机械能疏少1.5 msR运动员把质話是500g的足球从地面上的某点踢出后.某人观察它在空中的飞行情况，估量上升的最大高度是10 口在最 高点的速度为20e/s.根据以上信息.下列说法正确的是（不

36、计空气阻力.取=10nVs2）（）足球在空中运动的时间大约是1.4s足球的落地点离踢出点的水平距离大约是56m运动员关于足球的做的功是15QJ足球在上升进程中机械能不守恒（本题9分）在高为H的桌面上以速度v水平抛出质缺为m的物体，当物体落到距地血高为h处，如图所示，不计空气阻力，若以地而作为重力势能的本参考平面，正确的说法是（）物体在A点的机械能为瑚，揷物体在A点的机械能为岫，2物体在A点的动能为mgh + W物体在A点的动能为mg （H-h） , W（本题9分）如图所示，a.b.c.表示定质妹的理想气体状态变化中的四个状态图中a与T轴平行，c与p轴平行，mb的延长线过原点，则下列说法中正确的

37、是（ 0T.气体在状态a时的体积大于在状态b时的体枳A.从状态b到状态岂的进程.气体吸收的热星定等于其増加的内能从状态c到状态的进程，气体分子的平均动能不变，但分了的密集程度增加从状态a到状态的进程，气体关于外做功，内能不变E -从状态b到状态c的进程，气体从外界吸收的热始定大于其关于外做的功（本題9分）一辆汽车停在水平地面上，一个人用力水平推车，但车仍然静止，下列说法中正确的是（）推力越大.静摩擦力越小推力越大，静摩擦力越大静摩擦力与推力是一关于平衡力静摩擦力与推力是-关于作用力与反作用力（本題9分）关于地球同步卫星.下列说法正确的是（）离地面的高度定轨道平血不定在赤道平面内线速度小T 7.

38、9km/s 向心加速度大T 9.8 m/s2三，实验题:共2小题，侮題8分，共16分17 -体题9分）探充加速度与力、质虽的关系”的实验装置如題图所示.小车打点计时器QM（1）在平衡摩擦力这,歩骤中，操作时 （选填“需要”或“不需要”）悬挂小车打点计时器QM（1）在平衡摩擦力这,歩骤中，操作时 （选填“需要”或“不需要”）悬挂沙桶.（1）根据-条实验中打出的纸带，经过测虽、计算，作出小车的IT图象见懸图，可知小车的加速改为 m/s1.（3）在研尤加速度与质拭的关系时，保持拉力F不变，測出小车质H m和加速度a,改变小车质妆敢复实验,得到多组不同的E及相应a的实验数据.为了直观反映a与m的关系，

39、应作出 （选填n”或“一丄图像.m18.（本题9分）刘同*7：做“测电源的电动势和内阻”实验.（1）刘同学采用两节干电池串联作为电源，电流表选择。.6A量程，电压表选择3V量程.在闭合开关开始实验前其连接的屯路如图所示。请帮其检査电路，指岀图中的不妥之处：（指出一处即可）。（2）刘同学改进电路连接.经过正确的实验操作，得到某次测歆的电流表示数如图（2）所示，则该示数 为.A。V,aN+1600N=3600N.(1)随肴速度的增大.汽车的输出功率增大，当达到额定功率时.匀加速运动的进程结束.q72x10ll; P=Fv 得儿一=I / s = 20m / $ q72x10官 3600由匀加速运动

40、公式v=atfy： t=10s.a(3)当汽车达到最大速度时，有P=Ff=1600 N.2x10，由 P=F 匕得# = 一 =心=45/zs尸 1600【点睛】解决本题的关键知道功率与牵引力的关系，理清汽车的运动规律，知道牵引力与阻力相等时，速度最大.h5R或心 2. 5R(2) h = 3R【解析】【分析】【详解】V2小球刚好不脱离圆轨，在最高点由牛顿第二定律得：砧= 航疋小球由斜轨至圆轨最高点进程，由动能定理得；加=联立解得：h=2.5R故h2.5R时小球在例轨内运动的进程中始终不脱离岡轨，若hSR时，小球会在圆轨道圆心一下来冋运动，也不脱离轨道.2在最高点关于小球由牛顿第二定律得：、，

41、+ 7g =吟乂有：FN=mg小球由斜轨至圆轨最高点进程，由动能定理得：也g(-2)= *也r联立解得：h=3R(1)1 - 8J(2)2 8N(3) (0.144, 0.384)【解析】【洋解】(1)从A到C的进程中，由定能定理得：W 俨|imgLimgR (kcos6) =0解得:W沪1.8J根据能的守恒定律得：(2)从B到C由动能定理：mgR(lcos 37) = mvj；2在B点由牛顿第二定律：带入数据联立解得：Fnb=2.8NG)小球从C处飞出后，由动能定理得：W #.nmgL2mgR (l-cos6) = mvc2-0,2解得:VC=2 y2 m/s方向与水平方向成37。角,由于小

42、球刖好被接受，其在空中的运动可看成从点平抛运动的逆进程，8/2,vcx=vccos37= m/s6/2 ,vcy=vcsin37 = ； m/s,由Vcy=gt解得U0.12 72S则点的坐标：X=Vcxt1y=y Vcyt,解得：x=0.144m, y=0.384m即 处坐标为：(O.144m, 0.384m).【点睛】本题号査，动能定埋的应用，小球的姑动进程较机杂，分析洁楚小球的姑动进程是解題的前提与关键，分析清楚小 球的运动进程后，应用动能定理、平抛运动规律可以解题.(1) 0.8m (2) S(3) 0.4【解析】2试题分析：(1)物块恰能经过轨道最高点，有吨=川戈之后做平抛姑动.有効

43、=*(2)尬=以联立解得炀=0.8 m物块从B点到C点进程中机械能守恒，得* 诟心联立解很=2x/5 m/s物块从A点到B点做匀减速自线运动由动能定理得-gs =加坨“戒将代入解得A = 04 考点：圆周运动及平抛运动的规律；动能定理及牛顿第二定律的应用.高一 （T）学期期末物理模拟试卷-、单项选择題：本题共10小题.侮小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中.只有，项是契合题目要求的（本题9分）如图所示，A. B. C是在同-轨道平面上的三颗不同的人造地球卫星，关于各物理景的关系，下列说法正确的是（）根据V二二，可知线速度VAVbF0Fc周期 TaTbTc向心加速度3AaBac轻弹黄卜端

44、固定，处于自然状态.质星为m的小球从距离弾黄上端H的高度自由落下，弹簧的最大圧缩届为L,换用质話为2m的小球从同一位置落下，当弹簧的压缩話为L时，小球的速度等于 O（已知重力加速度为g,空气阻力不计，弹黄形变没有超出其弹性限度。）A.（2gH.yflgLC. Jg （H + . Jg （H -厶）（本题9分）如图所示，质鼠为m的小孩（可视为质点做杂技表演 不可伸长的轻绳端，固定于距离水平安全网高 为H的O点，小孩抓住绳子的另-端P点，从与。点等高的位置由静止开始向下摆动，小孩运动到绳子竖宜时.松手，离开 縄了做平抛运动，落到安全网上.己知P点到。点的距离为I （OvKH），空气阻力不计。下列设

45、法正确的是I越大，小孩在。点正下万松手前瞬间.关于绳了的拉力越大B - I越小.小孩在。点止F方松手前瞬间，在绳子的拉力越大当1二2时，小孩在安全冋上的落点距。点的水平距离为H2当1 =时,小孩在安全网上的落点距O点的水平距离为2H（本题9分）如图所示，铅球从同学手中水平抛出后.不考虑空气关于铅球的阻力，落地前小球物埋星定变化的是（）A.重力的功率B.加速度C 小球的机械能.速度的变化率（本题9分）如图所示，在装满水的玻璃管内放置-红蜡块，并且将玻璃管的开口端用胶塞塞紧。玻璃管竖宜倒置安装在小 车上，并且将小车置于光滑水平导轨上。在红蜡块沿玻璃管匀速上升的同时，小车从A位置（实线处）由静止开始

46、做匀加速口线 运动到B位置（虚线处人在这-进程中红蜡块实际运动的性质是匀速自线运动 B.匀加速宜线运动C.匀变速曲线运动 .非匀C.匀变速曲线运动如图是共享单车的部分结构，单车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径都不-样，它们的边缘有三个点A和B和C,如图所示正常骑行时，下列说法正确的是（B.小齿轮A点的角速度大志点的協AB.小齿轮A点的角速度大志点的協A点的线速度与B点的线速度大小相等C点的角速度小于B点的角速度C点的线速度与B点的线速度大小和等7.本题7.本题9分）关于机械能守恒的叙述，正确的是（）做匀速宜线运动的物体机械能不定守恒B.做变速B.做变速F絞运动的物体机械能不可能守恒合外力为零时，机

47、械能定守恒只有重力关于物体做功,物体的机械能不定守恒把个小球放在光滑的球形容器中，使小球沿容器壁在某 水平面内做匀速圆周运动.如图所示，关于小球的受力情况, 下列说法正确的是（小球受到的合力为零重力、容器壁的支持力和向心力重力、向心力重力、容器壁的支持力表示能星的单位下列正确的是瓦特焦耳牛顿米10.本题9分）如图所示,10.本题9分）如图所示,小孩从公园中粗糙的滑梯上自由加速滑下，其能巾的变化情况是（垂力势能减少，动能不变,机械能减少，总能技减少垂力势能减少，动能不变,机械能减少，总能技减少B.重力势能减少，动能增加,机械能减少总能虽不变C.或力势能减少，动能增加,机械能增加,总能届增加B.重

48、力势能减少，动能增加,机械能减少总能虽不变C.或力势能减少，动能增加,机械能增加,总能届增加重力勢能减少，动能増加,机械能守恒，总能故不変重力勢能减少，动能増加,机械能守恒，总能故不変二、多项选择题：本題共6小题，每小題4分.共24分.在毎小题给出的四个选项中，有名项契合题目要求.全部选关于的得4 分，选关于但不全的得2分，有选错的得。分H.（本题9分）如图,AB为竖氏而内半圆的水平直径，从A点水平抛出两个小球,小球I的抛出速度为 5小球1的抛出速度为小球1落& C点、小球1落在点，C,两点距水平直径诀别为圆半径的0.8倍和I倍.小球I的飞行时间为切小球1的飞行时冋为J则（A. ti=tiB.

49、 titiC. vi : A. ti=tiB. tiVbVC, A借误=TB卫星之间的质星关系不清楚.所以所受力有引力大小关系不清楚.B错误人造地球卫星的万有引力提供向心力门厂二，可得U Li LJ =7,周期 TavTbvTC, C 错误J 一W =-、5人造地球卫星的万有引力提供向心力可得.向心加速度aAaBac, 正确了 =7-= JCC【解析】 【详解】设弹簧压缩虽为厶时，弹簧的弹性势能为坊，质虽为加的小球下落时，根据机械能守恒Ep =峪（H +厶），质虽为2m小球下落时，根据机械能守恒定律2如（H十L）=京如六解得” =& （/ +厶）；丽7,与结论不相符,A错误；网：，与结论不相符

50、，B错误；c. JS （H H）,与结论相符，c正确:. Jg （H_L）,与结论不相符. 错误:C【解析】【详解】2AB从P到。点正下方，根据劫能定埋可得：mgAymv2；在最低点根据牛顿第二定律可知：F.mg=,解得：F=3mg,则小孩在。点正下方松手前瞬间，关于绳子的拉力是定值，与绳长无关，选项AB错误;C.当吟时到込最低点的速度为:;做平抛运动，贝叽只冷，小孩在安C.当吟时到込最低点的速度为:;做平抛运动，贝叽只冷，小孩在安全网上的落点距0点的水平距离为x=vt=H,选项C正确.错谋.A【解析】【详解】小球在下落进程中，竖宜方向的速度逐渐増大，根据P=Fv可知，重力的功率也逐渐增大故选

51、项A契合題意.B小球卜落进程中只受重力作用.加速度不变，则速度的变化泓恒定不变放选项B不契合題意.因为I、落进程只有重力做功，所以机械能守恒故选项C不契合題意【解析】 t分析】 【详解】红蜡块在竖丑方向上做匀速直线运动，在水平方向做匀加速直线运动，所以合加速度方向水平向右，合初速哇竖直向上，所以 合初速度与合加速度不在-H线上，则红蜡块做匀变速曲线运动，故C正确.故选C,B【解析】【分析】大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；接合线速度与角速度关系公式 v=wr列式求解，t详解】AB.AB两点在传送带上，是同缘传动的边缘点，所以两点的絞速度相等，根据v

52、=3r,角速度与半径成反比，A点的角速度小于B点的角速度，故A错误，B正确：C.BC两点属于同轴转动,故角速度相等，根据v=3r,线速度与半径成正比.C点的线速度大TB点的线速度，故C错 误：故选B.A【解析】做匀速宜线运动的物体机械能不定守恒，如匀速下降的降落伞机械能减少,机械能不守恒，A错误：做变速运动的物 体机械能可能守恒，如fl由落体运动，也可能不守恒，在水平方向上的匀变速宜线运动，B错课：外力做功为零，机械能不一定 守恒，如在空中勾速卜落的物体外力关于物体做功为零,机械能不守恒.C错误；若只有重力利物体做功，物体的机械能定守 恒，故正确.【点胳】机械能守恒条件是；只有觅力或弾力做功.

53、判断机械能是否守恒，应根据机械能守恒条件进行判断；在某物理进程 中，除車力与弹力外还有其它力做功，如果其它力的功为寧，則机械能守恒.【解析】【分析】匀速圆周运动的合力总是指向圖心，故又称向心力；小球受軍力和支持力，两个力的合力提供倒周运动的向心力；【详解】小球沿光滑的球形容器壁在某水平面内做匀速圆周运动，关于小球受力分析，小球受垂力，支持力，合力指向圆心，提供向心 力，故ABC tn误，正确.【点睛】向心力是效果力,匀速圆周运动中由合外力提供,是合力,与分力是等效替代关系，不是反复受力!B【解析】【i羊解】A.瓦特是功率的单位.选项A错误;焦耳是能量单位，选项B正确；牛顿是力的单位，选项C脩误

54、：米是长度单位，选项错误.B【解析】由能鼠转化和守恒定律可知，小孩在下滑进程中总能景守恒，故A、C均错：由于摩擦力要做负功，机械能不守恒，故错： 下滑进程中車力势能向动能和内能转化，故只有B正确.二、多项选择题：本題共6小题，思小题4分，共24分.在侮小题给出的四个选项中，有多项契合題目要求.全部选关于的得4分，选关于但不全的得2分，有.选错的得。分BC【解析】关于小球I,根据平抛运动规律：关于C点与两条半径组成的F角三角形，由勾股定理可很OC在水平方向的分話为().纣,故|.仞？=财”骚在方向：0.8/?=扌的2关于小球1,根据平抛运动规律：水平方向：R =也，竖直方向=得：7=4仮，人=2

55、極，可见小如片=0.4原，賞,=业，故龄:匕二4：的，故选项BC正10确.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖口方向上的运劫规律，接合运动学公式灵活求解,运算話有点务.B【解析】【分析】由机械能守恒的条件：只有車力或弾力做功，判断系统的机械能是否守恒；小球在沿绳子方向的分速度与成物速度大小相等，将 小球的速度沿绳子与垂口于绳了方向正交分解即可得到两昔速度之比，根据系统机械能守恒判断能的转化关系.【详解】当小球卜落的距肉到达B点时，将B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解,在沿绳子方向上的分速 度等于車物的速度.有一根据几何关系可知，故V球：V,沪5: 3,故二严”二童COsO = -

56、A=AA错误，B正确；关于于小球和和物组成的系统，由于只有重力做功，所以系统的机械能是守恒的.成物的动能和审力势能都增大， 即重物的机械能增大，小球机械能减少，旦小球机械能的减少埴等于重物机械能的増加鹼，故C锵谋，正确.故选B【点睛】鯉决本题时应抓住:以寸与繩了牵连有关的PJB.物体I.的高度应等绳子缩短的长度：小球的实际連何即为介速度,可将 小球的速度沿绳子和垂II于绳子的方向正交分解，分析小球与重物的速度关系.C【解析】【详解】AB,设C点线速度方向与绳子沿线的夹角为6 （锐角），由題知C点的线速度为Vc = COL，该线速度在绳子方向上的分速度就为va=aLcosa.8的变化规律是开始最

57、大（90.）然后逐渐变小，所以，P = coLeos。逐渐变大，1至绳子和杆垂宜,冬变为零度.縄子的速度变为最大，为3L；然后.6又逐渐增大，v =wLcose逐渐变小，绳子的速度变慢.所以知重物的速度先增大后减少,AB错误正确。C縄K和肝垂8变为專度，绳子的速度变为最大，为3L,故C正确。BC【解析】【详解】A.CF，比值定义式，电容表征电容器容纳电荷的本事大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所帯的电荷話无关，故A诸误，正确；关于于确定的电容器，C-定，由Q=CU tai. Q与U成正比.故B正确：C电容器所带的电荷星与电压比值等于屯容,电容与电荷虽、屯庶无关.所以无论电容器的电压如何