广东省广州市第四中学2022-2023学年高三物理联考试卷含解析

1、广东省广州市第四中学2022-2023学年高三物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）直线AB是某孤立点电荷电场中的一条电场线，一个电子仅在电场力作用下沿该电场线从A点运动到B点，其电势能随位置变化的关系如图所示。设A、B两点的电势分别为，电子在A、B两点的动能分别为，。则关于该孤立点电荷的位置及电势、电子动能大小的说法正确的是A. 孤立点电荷带负电，位于B点的右侧，B. 孤立点电荷带正电，位于A点的左侧，C. 孤立点电荷带正电，位于B点的右侧，D. 孤立点电荷带负电，位于A点的左侧，参考答案：A2. 演示位移传感器的工作原理

2、如右图示，物体M在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属滑杆p，通过电压表显示的数据，来反映物体位移的大小x。假设电压表是理想的，则下列说法正确的是 ( )A物体M运动时，电源内的电流会发生变化B物体M运动时，电压表的示数会发生变化C物体M不动时，电路中没有电流D物体M不动时，电压表没有示数参考答案：答案：B3. （单选）领悟并掌握处理问题的思想与方法是学习物理的重要途径，如图所示是我们学习过的几个实验，其中研究物理问题的思想与方法相同的是： 参考答案：A4. 如图所示为正点电荷周围的电场线（实线）和等势线（虚线），A、B、C是其中三个位置，场强大小分别为、电势分别为、则A B C D参考答案：A

3、沿电场线的方向电势降低，故，电场线的疏密反映电场的强弱，故。本题选A。5. (单选)我国研制的北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，计划到2020年完全建成。系统由5颗地球同步轨道和30颗地球非同步轨道卫星组网而成。2012年12月27日，北斗导航系统正式投入运营。这些卫星的运动均可看作匀速圆周运动，以下说法正确的是（ ） A北斗导航系统中地球同步轨道的卫星可以定位在济南正上方 B北斗导航系统中卫星的运行速度可以大于79km/s C地球同步轨道卫星的周期和月亮绕地球的周期相同 D北斗导航系统中离地球越近的卫星线速度越大参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一物体从

4、某行星上的一悬崖上从静止开始下落，1s后，从起点落下4m。该行星上的重力加速度为_m/s2。若该物体再下落4s，它将在起点下面_m处。参考答案：8 1007. 物体在空中下落的过程中，重力做正功，物体的动能越来越大，为了“探究重力做功和物体动能变化间的定量关系”，我们提供了如下图的实验装置。 （1）某同学根据所学的知识结合右图设计一个本实验情景的命题：如图所示，设质量为m（已测定）的小球在重力mg作用下从开始端自由下落至光电门发生的位移s，通过光电门时的速度v，试探究外力做的功mgs与小球动能变化量的定量关系。（2）某同学根据上述命题进行如下操作并测出如下数据。用天平测定小球的质量为0.50k

5、g；用 测出小球的直径为10.0mm；(选填:刻度尺,游标卡尺,螺旋测微器)用刻度尺测出电磁铁下端到 的距离为80.40cm；电磁铁先通电，让小球 。让电磁铁断电，小球自由下落。在小球经过光电门时间内，计时装置记下小球经过光电门所用时间为2.50103s。计算得出重力做的功为4.02J，小球动能变化量为 J。(g取10m/s2，结果保留三位有效数字)（3）试根据在（2）中条件下做好本实验的结论： 。参考答案：(2) 游标卡尺, 光电门, 吸在电磁铁下端 4.00 (3) 在误差允许范围内外力做功与动能变化量相等8. (5分)如图所示，用水平力F拉静放在光滑水平地面A处的物体，到达B处时物体的速

6、度大小为v，此时若改用方向相反，大小为8F的力作用在物体上，使物体能回到A处，则物体回到B处时的速度大小为 ，回到A处时的速度大小为 。 参考答案： 答案：v、3v 9. 如图所示，质量为m、边长为l的等边三角形ABC导线框，在A处用轻质细线竖直悬挂于质量也为m、长度为L的水平均匀硬杆一端，硬杆另一端通过轻质弹簧连接地面，离杆左端L/3处有一光滑固定转轴O。垂直于ABC平面有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，当在导线框中通以逆时针方向大小为I的电流时，AB边受到的安培力大小为_，此时弹簧对硬杆的拉力大小为_。参考答案：BIl；mg/4。10. 假设某实验室恰好位于震源的正上方，该实验

7、室中悬挂着一个静止的弹簧振子和一个静止的单摆，弹簧振子的弹簧和小球（球中间有孔）都套在固定的光滑竖直杆上。某次有感地震中同一震源产生的地震纵波和横波的波长分别为5.0km和2.5km，频率为2.0Hz。则可观察到_先开始振动（或摆动），若它开始振动（或摆动）3.0s后，另一装置才开始振动（或摆动），则震源离实验室的距离为_。参考答案： (1). 弹簧振子 (2). 30km【详解】根据可知，纵波的传播速度较横波大，可知纵波先传到实验室，即弹簧振子先振动；纵波的速度；横波的速度：；则，解得x=30km.11. 图为一小球做平抛运动时闪光照片的一部分，图中背景是边长5cm的小方格。问闪光的频率是

8、Hz；小球经过B点时的速度大小是 m/s。（重力加速度g取10 m/s2）参考答案：10 2.512. 一列频率为2.5Hz的简谐横波沿x轴传播，在t1=0时刻波形如图中实线所示，在t2=0.7s时刻波形如图中虚线所示。则虚线时刻横坐标为x=3m的质点的速度是_（选填“最大，零”）；在t3=0.1s时位于0 x5m区间的质点中有一部分正向y轴正方向运动，这些质点在x轴上的坐标区间是_。 参考答案：零，1mx3m 13. 如图所示，有两根和水平方向成角的光滑的平行金属轨道，上端接有可变电阻R，轨道足够长，空间有垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B。一根电阻不计的金属杆从轨道上由静止开始滑

9、下，经过一定时间后，金属杆的速度会达到最大值vm，可变电阻的电功率在到最大值Pm。若改变、R、B三个物理量中的一个或几个后再释放金属杆，都可能引起vm和Pm的变化。请根据下表中各物理量的变化情况填写空格。物理量BRvmPm各量变化情况不变不变变小变大变小变大参考答案： 答案：R变小，Pm变小，变大，B变大三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是 （ ）A打点计时器应用低压交流电源，交流电频率为50HzB纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的上面C要先通电，后释放纸带，纸带通过后立即切断电源D为减小摩擦，每次测量应先将纸带理顺参考

10、答案：CD15. 某同学测量一只未知阻值的电阻。(1)他先用多用电表进行测量，按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示。请你读出其阻值大小为_。为了使多用电表测量的结果更准确，该同学接着应该换用_挡，并重新调零后再测量。(2)若该同学再用“伏安法”测量该电阻，所用器材如图乙所示，其中电压表内阻约为5k，电流表内阻约为5，变阻器阻值为50。图中部分连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完成其余的连线。(3)该同学按照“伏安法”测量电阻的要求连接好图乙电路后，测得的电阻值将_(填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际阻值。参考答案：（1）1000，“100”（2）图略（分压式，内接

11、法）（3）大于四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 摩托车先由静止开始以25/16m/s2的加速度做匀加速运动，后以最大行驶速度25m/s匀速运动，追赶前方以15m/s的速度同向匀速行驶的卡车。已知摩托车开始运动时与卡车的距离为1000m，则：（1）追上卡车前二者相隔的最大距离是多少？（2）摩托车经过多少时间才能追上卡车？参考答案：（1）由题意得摩托车匀加速运动最长时间，位移，所以摩托车在达最大速度之前没有追上卡车。则追上卡车前二者速度相等是间距最大，设从开始经过t2时间速度相等，最大间距为Sm ，于是有，最大间距（2）设从开始经过t时间摩托车追上卡车，则有 解 得 t=120s17.

12、如图所示，有一与地面平行的、沿水平方向的有界匀强磁场，磁场区域高度为h，有一宽度为 b（bh）、电阻为R、质量为m的矩形金属线框（导线粗细均匀），紧贴磁场区域的上边界从静止起竖直下落，结果线框下边刚出磁场下边界时，线框就做匀速运动。已知线框穿出磁场过程产生的热量是穿入磁场过程产生热量的2倍。重力加速度为g，求：（1）线框匀速穿出磁场时的速度大小； （2）线框穿出磁场过程中，线框中感应电流大小；（3）线框下落速度时，线框的加速度大小；（4）换用相同材料的导线较粗的线框，其它条件均不变，试描述线框穿出磁场过程的运动情况，并比较粗、细两个线框穿越整个磁场过程产生热量的大小关系。参考答案：（1）由题意

13、，线框匀速穿出磁场区域，设穿出时产生的热量为Q2，由动能定理得： （1分）设线框穿入时产生的热量为Q1，由题意有： 设线框穿出磁场时的速度大小为vm，对线框由静止到刚要离开磁场区域过程，由动能定理可得： （2分）解得： （2分）（2）设磁场的磁感应强度为B，线框切割磁感线的长度为l。线框匀速穿出时，由平衡条件可得： （1分）又由： （1分）即： 将代入上式得： （1分）代入上式得： （2分）（3）设线框恰好完全进入磁场时的速度为v1，对线框由恰好完全进入磁场到刚要穿出磁场过程研究，线框只受重力作用，由动能定理可得：可得：，说明当时，线框还未完全进入磁场。 （2分）对线框由牛顿第二定律得： （1

14、分）代入得： （2分）（4）换用相同材料的导线较粗的线框时，唯一不同的是两线框导线横截面积s的不同，若能说明线框的速度与s无关，便可知道线框的运动情况跟原来的完全相同。当线框进入磁场后速度为v时，对线框研究，由牛顿第二定律得：加速度： （1分）设导线的电阻率为，密度为，线框总长度为L，则有： （1分）可见，此时加速度a与导线横截面积s无关，由此类推，便可知速度v与导线横截面积s无关。故粗线框穿出磁场过程也是匀速运动，速度大小也为。 （2分）设全过程线框产生的热量为Q，取线框从静止开始到完全离开磁场过程研究，由动能定理得：可得： （2分）由上式可得：线框穿越整个磁场过程产生的热量与导线横截面积s有关且成正比，而上式的其他物理量均与线框粗细无关，因此粗线框产生的热量大于细线框产生的热量。 （1分）18. 如图所示，水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的U形管相连，气缸中封闭一定质量的理想气体。开始时U形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时气体体积为400mL。若用力F缓慢向左推动活塞，使活塞向左移动一段距离后，U形管两臂中的高度差为2