四川省绵阳市三台中学2023年高三物理模拟试卷含解析

1、四川省绵阳市三台中学2023年高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图，在场强为E匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成300角，己知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为 A、 B、C、 D、参考答案：D2. 如图所示为正点电荷周围的电场线（实线）和等势线（虚线），A、B、C是其中三个位置，场强大小分别为、电势分别为、则A B C D参考答案：A3. 一物体作匀加速直线运动，通过一段位移所用的时间为，紧接着通过下一段位移所用时间为。则物体运动的加速度为A B

2、C D参考答案：B4. （单选）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、三象限内有垂直该坐标平面向里的匀强磁场，二者磁感应强度相同，圆心角为90的扇形导线框OPQ以角速度绕O点在图示坐标平面内沿顺时针方向匀速转动规定与图中导线框的位置相对应的时刻为t=0，导线框中感应电流逆时针为正则关于该导线框转一周的时间内感应电流i随时间t的变化图象，下列正确的是（）ABCD参考答案：解：BD、在线框切割磁感线产生感应电动势时，由E=知，产生的感应电动势一定，产生的感应电流大小不变，故BD错误AC、在内，由楞次定律判断可知线框中感应电动势方向沿逆时针方向，为正，故A正确，C错误故选：A5. 在坐标原点的波源

3、S产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=500m/s。已知t =0时，波刚好传播到x =40m处，如图所示，在x=400m的P处有一接收器（图中未画出），则下列说法正确的是A波源S开始振动时方向沿y轴负方向Bx=40m的质点在t=0.5s时位移最大Ct=0.75s时，P质点第一次处于波峰D若波源S向x轴负方向运动，则接收器接收到的波的频率将变小参考答案：答案：ACD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中（1）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，采取的做法是将带滑轮的长木板一端适当垫高，使小车在 （填“挂”或“不挂”）钩码的情况

4、下做 运动；（2）某次实验中所用交流电的频率为50Hz.得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个点取一个点作为计数点，分别标明0、1、2、3、4.量得x1=30.0mm,x2=36.0mm,x3=42.0mm,x4=48.0mm,则小车的加速度为 m/s2.参考答案：（1）不挂（2分）；匀速（2分） （2）0.6（4分）7. 在圆轨道运动的质量为m的人造地球卫星,它到地面的距离等于地球半径R，已知地面上的重力加速度为g，则卫星运动的加速度为 ，卫星的动能为 。参考答案：g/4，mgR48. 某波源S发出一列简谐横波，波源S的振动图象如图所示。在波的传播方向有A、B两点，它们到S的距离分

5、别为45m和55m。测得A、B两点开始振动的时间间隔1.0s。由此可知波长 m；当B点离开平衡位置的位移为+6cm时，A点离开平衡位置的位移是 cm。参考答案：20 -6 9. 某校学习兴趣小组在研究“探索小车速度随时间变化的规律”的实验，图是某次实验得出的纸带，所用电源的频率为50HZ，舍去前面比较密集的点，从0点开始，每5个打印的连续点取1个计数点，标以1、2、3。各计数点与0计数点之间的距离依次为d1=3cm，d2=7.5cm,d3=13.5cm，则（1）物体做 的运动，理由是 ；（2）物体通过1计数点的速度v1= m/s；（3）物体运动的加速度为a = m/s2.参考答案：（1）匀加速

6、直线运动；或连续相等的时间内位移之差为常数；（2分）（2）0.375m/s2；（2分）（3）1.5m/s2 10. （多选）在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v，则此时 A物块B的质量满足 B物块A的加速度为 C拉力做功的瞬时功率为 D此过程中，弹簧弹性势能的增量为参考答案：BD11. 水平放置的平行板电容器，其上板开有一个小孔，一质量为m，电量为q的带正电液滴，自空中自由下落，由小孔进入

7、匀强电场，设两板电势差为U，距离为d，要使液滴在板间下落的高度为，则液滴在板外自由下落的高度h= 。 参考答案：12. 自行车的设计蕴含了许多物理知识，利用所学知识完成下表自行车的设计目的（从物理知识角度）车架用铝合金、钛合金代替钢架减轻车重车胎变宽自行车后轮外胎上的花纹参考答案：减小压强（提高稳定性）；增大摩擦（防止打滑；排水）解析：车胎变宽能够增大轮胎与地面的接触面积，提高稳定性，减小压强，有利于行车安全；自行车后轮外胎上的花纹，增大摩擦，防止打滑。13. 如图所示，一根不均匀的铁棒AB与一辆拖车相连接，连接端B为一固定水平转动轴，拖车在水平面上做匀速直线运动，棒长为L，棒的质量为40kg

8、，它与地面间的动摩擦因数为，棒的重心C距转动轴为，棒与水平面成30角运动过程中地面对铁棒的支持力为200N；若将铁棒B端的固定转动轴向下移一些，其他条件不变，则运动过程中地面对铁棒的支持力将比原来增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）参考答案：考点：力矩的平衡条件；力的合成与分解的运用分析：选取接端B为转动轴，地面对铁棒的支持力的力矩与重力的力矩平衡，写出平衡方程，即可求出地面对铁棒的支持力；若将铁棒B端的固定转动轴向下移一些则AB与地，地面之间的夹角减小，同样，可以根据力矩平衡的公式，判定地面对铁棒的支持力的变化解答：解：以B点为转轴，在拖车在水平面上向右做匀速直线运动过程中，棒的力矩平衡

9、，设棒与水平面的夹角为则有mgcos=NLcos+fLsin 又滑动摩擦力f=N联立得：2mgcos=3Ncos+3Nsin 解得，N=30代入解得，N=200N若将铁棒B端的固定转动轴向下移一些，减小，tan减小，由得知，N增大故答案为：200，增大点评：本题是力矩平衡问题，正确找出力臂，建立力矩平衡方程是关键三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 为测量阻值约15Q电阻的准确值，实验室现提供以下器材 A待测电阻RX B电流表A1(010mA，内阻约2) C 电流表A 2 (006A，内阻约005) D电压表V1(0100mv，内阻约15K) E屯压表V2(05V，内阻约

10、15K) F定值电阻R定 (约20) G滑动变阻器(05，2A) H蓄电池(6V，0.5Q) I单刀开关两只，导线若干 实验过程中，要求测量时只能测两组数据(U1、I1和U2 I2，且无系统误差(1)在方框图中画出测量电路图，并将所选器材用题给符号标在图中；(2)R的表达式为：RX=： (用U1，I1和U2 I2 （表示）(3)在实物图上用实线代表导线，连接成实验电路参考答案： 答案：(由于实验操作顺序原因写成也可)（3分）15. 某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系。（1）做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）

11、可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为t1、t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x，用游标卡尺测得遮光条宽度d。则滑块经过光电门1时的速度表达式v1= ；滑块加速度的表达式a= 。（以上表达式均用已知字母表示）。如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为_mm。（2）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h（见图甲）。关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是 。AM增大时，h增大，以保持二者乘积增大BM增大时，h减小，以保持二者乘积不变CM减小时，h增大，以保持二者乘积不变DM减小时，h减小，以保持二者乘积减小参考答案：四、

12、计算题：本题共3小题，共计47分16. 游乐园的小型“摩天轮”上对称站着质量均为m的8位同学，如图所示，“摩天轮”在竖直平面内逆时针匀速转动，若某时刻转到顶点a上的甲同学让一小重物做自由落体运动，并立即通知下面的同学接住，结果重物掉落时正处在c处（如图）的乙同学恰好在第一次到达最低点b处接到，己知“摩天轮”半径为R，重力加速度为g，（不计人和吊篮的大小及重物的质量）问：（1）接住前重物下落运动的时间t=？（2）人和吊篮随“摩天轮”运动的线速度大小v=？（3）乙同学在最低点处对地板的压力FN=？参考答案：【知识点】牛顿第二定律；自由落体运动；向心力A3 C2 D4【答案解析】(1) 2（2）（3

13、）(1+)mg 解析 ：（1）由运动学公式2R=gt2得，t=2（2）由v=得，v=（3）设支持力为F，由牛顿第二定律得：F-mg=m解得F=m(g+g)=(1+)mg由牛顿第三定律得人对地板的压力FN=(1+)mg，方向竖直向下【思路点拨】（1）根据自由落体运动的位移时间公式求出重物下落的时间（2）根据弧长和时间，通过线速度的定义式求出运动的线速度大小（3）根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而根据牛顿第三定律求出人对地板的压力解决本题的关键搞清向心力的，运用牛顿定律进行求解17. 在赛车场上，为了安全起见，车道外围都固定上废旧轮胎作为围栏，当车碰撞围拦时起缓冲器作用为了检验废旧轮胎的缓冲效

14、果，在一次模拟实验中用弹簧来代替废旧轮胎，实验情况如图所示水平放置的轻弹簧左侧固定于墙上，处于自然状态，开始赛车在A处处于静止，距弹簧自由端的距离为。当赛车起动时，产生水平向左的牵引力恒为使赛车向左做匀加速前进，当赛车接触弹簧的瞬间立即关闭发动机撤去，赛车继续压缩弹簧，最后被弹回到B处停下已知赛车的质量为，A、B之间的距离为,赛车被弹回的过程中离开弹簧时的速度大小为，方向水平向右求： (1)赛车和地面间的动摩擦因数；(2)弹簧被压缩的最大距离；(3)弹簧的最大弹性势能。参考答案：1）从赛车离开弹簧到B点静止，由动能定理得：-mg(L1+ L2)=0-mv2 解得=0.2（2）设弹簧被压缩的最大

15、距离为L，从赛车加速到离开弹簧，由动能定理得：FL1-mg(L1+ 2L)= mv2-0 解得：L=0.5m（3）从赛车开始运动到压缩弹簧最短为止，由功能关系得：FL1-mg(L1+L)=EP 解得：EP=18J18. 如图甲所示，固定的光滑半圆轨道的直径PQ沿竖直方向，其半径R的大小可以连续调节，轨道上装有压力传感器，其位置N始终与圆心O等高。质量M = 1 kg、长度L = 3 m的小车静置在光滑水平地面上，小车上表面与P点等高，小车右端与P点的距离s = 2 m。一质量m = 2kg的小滑块以v0 = 6 m/s的水平初速度从左端滑上小车，当小车与墙壁碰撞后小车立即停止运动。在R取不同值

16、时，压力传感器读数F与 的关系如图乙所示。已知小滑块与小车表面的动摩擦因数 = 0.2，取重力加速度g10 m/s2。求：（1）小滑块到达 P 点时的速度v1；（2）图乙中a和b的值；（3）在3.125m-1的情况下，小滑块落在小车上的位置与小车左端的最小距离xmin。参考答案：（1）小滑块滑上小车后将做匀减速直线运动，小车将做匀加速直线运动，设小滑块加速度大小为a1，小车加速度大小为a2，由牛顿第二定律得：对滑块有 mg = ma1 对小车有 mg = Ma2 设小车与滑块经历时间t后速度相等，则有v0a1t=a2t 滑块的位移 s1 = v0ta1t2 小车的位移 s2 = a2t2 代入

17、数据解得 s1 = 5 m s2 = 2m 由于s2 = s ，L=s1s2，说明小车与墙壁碰撞时小滑块恰好到达小车右端，即小滑块到达P点的速度v1 = = 4 m/s 另解：设小滑块与小车共速的速度为v，相对位移为L0，则由动量守恒定律得mv0=(M+m)v解得v=4m/s由功能关系得mgL0=mv02(M+m)v2此过程小车的位移设为s0则有mgs0=Mv2解得s0=2m，L0=3m由于L0=L，s0=s，说明小车与墙壁碰撞时小滑块恰好到达小车右端，即小滑块到达P点的速度v1 = 4 m/s（2）设小滑块到达到达N点时的速度设为vN，则有F = m 从P点到N点过程中，由机械能守恒定律有mv12 = mvN2+mgR 由式得F= m2mg 故b = 2mg = 40由式结合图乙可知，图像的斜率k= mv12=32故a = = 1.25 （3）设