2022-2023学年内蒙古呼和浩特市土默特左旗第一中学高一物理第一学期期末经典模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、

2、如图甲所示，定值电阻R13 ，R22 ，滑动变阻器RP的最大电阻为10 ，电表均视为理想电表，调节RP记录多组U，I数据，画出了如图乙所示的UI图像，下列说法正确的是( )A.当滑动变阻器由中点向右移动时，滑动变阻器上功率先增加后减小B.当滑动变阻器的电阻为10 时，滑动变阻器的功率最大C.当滑动变阻器的电阻为4 时，电源的效率最大D.电源的最大功率为2.25 W2、一质点沿直线Ox方向做变速直线运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=6t2t3（m），它的速度v随时间t变化的关系为v=66t2（m/s），则该质点在t=2 s时的瞬时速度、t=0到t=2 s间的平均速度、平均速率分别为（

3、 ）A.18 m/s、2 m/s、2 m/sB.18 m/s、2 m/s，6 m/sC.2 m/s、 2 m/s、18 m/sD.18 m/s、6 m/s，6 m/s3、两个物体A和B，质量分别为m1和m2，互相接触放在光滑的水平面上，如图所示，对物体A施以水平的推力F，则物体A对B的作用力等于：（ ）A.FB.FC.FD.F4、两个物体甲和乙，质量分别为m甲=2.0kg，m乙=1.0kg，甲从10m高，乙从5m高处同时做自由落体运动，其中g=10m/s2，下列判断正确的是：（）A.由，而，因此两者同时着地B.两者落地的速度之比为C.两者落地的速度之比为D.两者落地的时间之比为5、将静止在地面

4、的货物竖直吊起至最高点的过程中，货物的v（速度）t（时间）图像如图所示。由图可知（）A.货物在前3s内的加速度小于最后2s内的加速度B.货物在前3s内的平均速度小于最后2s内的平均速度C.在第3s末至第5s末的过程中，货物保持静止D.最后2s内货物只受重力作用6、如图所示，小华坐在一列正在行驶的火车车厢里，突然看到原来静止在水平桌面上的小球向后滚动，假设桌面是光滑的，则下列说法错误的是（）A.小球在水平方向受到了向后的力使它向后运动B.小球所受的合力为零，以地面为参考系，小球的运动状态并没有改变C.火车一定是在向前加速D.以火车为参考系，此时牛顿第一定律已经不能适用7、图示的木箱a用细线悬挂在

5、天花板下，木箱内有用竖直弹簧相连的两物块b和c，b放于木箱的水平地板上已知木箱a的质量为m，物块b的质量为2m，物块c的质量为3m，起初整个装置静止不动用符号g表示重力加速度，针对剪断细线的瞬间，下列判断正确的是（ ）A.物块b下落的加速度为gB.木箱a下落的加速度为2gC.物块b对木箱底板的压力为mgD.物块b对木箱底板的压力为2mg8、物体最初静止在倾角=30的足够长斜面上，如图甲所示受到平行斜面向下的力F的作用，力F随时间变化的图像如图乙所示，开始运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动（g取），下列说法正确的是（）A.物体的质量m=1kgB.物体的质量m=2kgC.物体与斜面间的动摩擦因

6、数=D.物体与斜面间的动摩擦因数=9、科技馆中的一个展品如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头，在一种特殊的间歇闪光灯的照射下，若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，可以看到一种奇特的现象，水滴似乎不再下落，而仿佛是固定在图中的A、B、C、D四个位置不动，对出现的这种现象，下列描述正确的是（取重力加速度g=10m/s2）（）A.间歇发光的时间间隔是2sB.根据条件可以求得水滴在D点的速度C.水滴在B、C、D点速度之比满足：2：3D.水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足10、如图所示，水平传送带A、B两端相距s=2m，工件与传送带间的动摩擦因数=0.3。工件滑上A端

7、瞬时速度vA=4m/s，到达B端的瞬时速度设为vB，则（g取10m/s2）（）A.若传送带不动，则vB=3m/sB.若传送带以速度v=3m/s逆时针匀速传动，vB=3m/sC.若传送带以速度v=3m/s顺时针匀速传动，vB=3m/sD.若传送带以速度v=2m/s逆时针匀速传动，vB=2m/s11、如图甲所示，一质量可忽略不计的长为l的轻杆，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置能绕O点在竖直面内转动假设小球在最高点的速度和对杆的弹力分别用v、FN表示，其中小球在最高点对杆的弹力大小与速度平方的关系图象如图乙所示则（ ）A.重力加速度gB.小球的质量mlC.当v2c时，

8、小球受到向上的支持力D.当c2b时，轻杆对小球的作用力大小为2a12、如图所示，甲、乙、丙三个质量相同的物体分别在不同外力的作用下沿水平地面做匀速直线运动，如图地面与物体间的动摩擦因数均相同，下列判断错误的是A.三个物体所受的摩擦力大小相同B.甲物体所受的摩擦力最小，受地面的弹力最小C.乙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最小D.丙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最大二填空题(每小题6分，共18分)13、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图所示的实验装置（1）本实验采用的实验方法是_A控制变量法 B理想实验法C等效替代法 D实验推理法（2）把长木板的一端垫高的目的是_（3）电磁打

9、点计时器是一种使用低压_（填“交”或“直”）流电源的计时仪器，其打点频率为_Hz。周期_秒14、 “探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图所示。(1)实验中调整定滑轮的高度，使细线与长木板平行，为使木块所受合外力等于细线的拉力，应采取的是下列哪一项措施_A平衡摩擦力B木块质量远大于砝码及砝码盘的质量(2)甲同学在“探究加速度与物体质量的关系”实验中打出的一条纸带如图所示，A、B、C、D、E为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，其中s1=6.07cm、s2=6.69cm、s3=7.31cm、s4=7.93cm。已知电火花打点计时器使用的电源频率f=50Hz，那么木块加速度

10、的大小是_m/s2(计算结果保留两位有效数字)(3)从误差分析角度看，下列因素中会引起加速度测量值偏大的是_A实验中电源频率略高于50Hz B实验中电源频率略低于50HzC实验中电源电压略高于220V D实验中电源电压略低于220V(4)乙同学在完成本实验后，利用装置继续进行实验探究：使长木板水平放置，砝码和砝码盘的质量远大于木块质量，则木块加速运动过程中细线的拉力T趋近于_。(已知重力加速度g，木块的质量M，木块与长木板间动摩擦因数，结果用g、M、表示)15、图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源，打点的时间间隔用t表示。在小车质量未知的情况下，某同

11、学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。（1）完成下列实验步骤中的填空：平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列_的点；按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码；打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m；按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤；在每条纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点，测量相邻计数点的间距s1，s2，求出与不同m相对应的加速度a；以砝码质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上做出m关系图线，若加速度与小车和砝码的总质量成反比

12、，则与m处应成_关系（填“线性”或“非线性”）。（2）完成下列填空：（）本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是_；（）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3，a可用s1、s3和t表示为a=_；图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=_mm，s3=_mm，由此求得加速度的大小a=_m/s2。（）图3为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为_，小车的质量为_三计算题(22分)16、（12分）如图所示，将一个小球从水平地面O点正上方某处，以v

13、0=10m/s的初速度水平抛出，小球落在水平地面上A点，O、A两点相距x=20m，不计空气阻力，求：(1)小球在空中运动的时间t；(2)抛出点距离水平地面的高度h。17、（10分）如图所示，停放在水平冰面上的冰车由质量为M，倾角为的斜面体改装而成，在斜面上轻放一质量为m的物块，不计物块与斜面、冰车与冰面之间的摩擦(1)释放物块后，在物块沿斜面向下运动的同时，冰车也在水平冰面上运动请画出冰车受力的示意图，并根据示意图说明冰车由静止变为运动的原因（作图时冰车可视为质点）(2)若冰面上的人在车后方用水平方向的力推车，请分析下列两种可能情况：a.当力的大小为F1时，物块在斜面上滑动的同时冰车在冰面上保

14、持静止，求F1和物块加速度的大小a1；b.当力的大小为F2时，物块和斜面保持相对静止一起加速运动，求F2和物块加速度的大小a2(3)第(1)问和第(2)问a所述的两种情况下，小物块对斜面压力的大小不同，分别记为FN1和 FN2，请对FN1和 FN2的大小关系作出猜想，并说明做出该种猜想的理由参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】把滑动变阻器看作负载，将其余部分等效为一个电动势大小为3.0V的新电源，当通过R1的电流为0.3A时，

15、通过R2电流为可得等效电源的内阻为：代入数据解得：r=2.8Rp的最大电阻为10，故滑片由中点向右滑动时，功率逐渐减小，故A错误；滑动变阻器的电阻等于等效电源的内阻4时，功率最大，故B错误；电源的效率当外电阻越大，效率越大，所以当滑动变阻器的电阻为10时，电源的效率最大，故C错误；当整个回路电阻最小时，电路的电流最大，电源的功率最大为，故D正确2、B【解析】该质点在t=2 s时的瞬时速度v2=6622=18 m/s（m/s）；t=0时，x0=0 m，t=2 s时，x2=4 m，故2 s内的位移为x=x2x0=4 m，2 s内的平均速度；当v=0时，由v=66t2（m/s），得t=1 s，此时x

16、1=4 m，在前1 s内质点通过的路程s1=x1=4 m，在后1 s内通过的路程为s2=|x2x1|=8 m，则平均速率，选B3、B【解析】对整体研究，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离对B研究，B水平方向受到A对它的作用力，由牛顿第二定律求出作用力根据牛顿第二定律，得对整体：对B：故选B点评：本题是连接体问题，处理方法常有两种：隔离法和整体法，要灵活选择研究对象求加速度时可以考虑整体法求内力时必须用隔离法4、D【解析】甲乙两物体均做自由落体运动，根据自由落体公式即可判断下落时间与落地速度的比值【详解】甲乙两物体均做自由落体运动，由可知，下落时间，只与高度有关，而，则下落时间比为，故A错误，D正

17、确；由可知，落地速度之比为，故BC错误5、A【解析】A根据v-t图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，知货物在前3s内的加速度小于最后2s内的加速度，故A正确；B根据v-t图象，可知货物在前3s内做匀加速直线运动，最后2s内做匀减速直线运动，根据匀变速直线运动的平均速度公式分析知这两段时间内货物的平均速度相等，都是3m/s，故B错误；C根据v-t图象，可知在第3s末至第5s末的过程中，货物做匀速直线运动，故C错误；D根据v-t图象的斜率表示加速度，可知，最后2s内货物的加速度大小为3m/s2，小于g，所以货物除受重力外，还受其他力，故D错误。故选A。6、A【解析】A小球在水平方向上

18、没有施力物体，所以不受力。A错误，符合题意；B小球水平方向不受力，所受的合力为零，以地面为参考系，小球的运动状态并没有改变。B正确，不符合题意；C小球因为有惯性，要保持原来的匀速直线运动状态，若突然看到原来静止在水平桌面上的小球向后滚动，是小球相对于火车向后运动，说明火车正在向前做加速运动。C正确，不符合题意；D牛顿第一定律适用于惯性参考系，加速的火车属于非惯性参考系，不再适用。D正确，不符合题意。故选A。7、BC【解析】对整体分析，绳的拉力为F=6mg，弹簧的弹力F=3mg，b、c整体处于平衡状态，所以a对b的支持力是N=5mg剪断细绳的瞬间，对ab，瞬间加速度，方向竖直向下故B正确，A错误

19、；以a为研究的对象，则：,所以：N=mg故C正确，D错误故选BC.考点：牛顿第二定律的应用.【名师点睛】本题考查牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在瞬间不变，结合牛顿第二定律进行求解；解题时一般要先求解剪断细线之前时各个部分的受力情况，然后再选取合适的研究对象，分析受力情况；注意ab之间的弹力在剪断的瞬时是变化的.8、AD【解析】AB、开始运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动，则2s末物体受力平衡，根据图像可知，摩擦力02s内，由加速度定义得根据牛顿第二定律得解得物体的质量m=1kg，故A正确，B错误；CD根据滑动摩擦力公式得故C错误，D正确。故选AD。9、BC【解析】若调节间歇闪光时间

20、间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，看到水滴似乎不再下落，知相邻两个点的时间间隔相等根据初速度为零的匀变速直线运动的公式和推论进行分析【详解】若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，看到水滴似乎不再下落，知相邻两个点的时间间隔相等；由图可知，各点之间的位移差为：x=0.2m根据x=gt2，则，故A D错误利用平均速度等于中间时刻的速度求解C点的速度，在根据速度公式对CD段列式求解D点的速度，故根据题目条件可以求得水滴在D点的速度，故B正确；根据v=gt得：vB：vC：vD=1：2：3，故C正确所以BC正确，AD错误【点睛】解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，知道匀变速直线运

21、动的公式和推论，并能熟练运用10、CD【解析】A若传送带不动，工件的加速度：由：解得：vB=2m/s，故A错误；B若传送带以速度v=3m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知工件的加速度仍为a，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则vB=2m/s，故B错误；C若传送带以速度v=3m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时速度大于传送带速度，做匀减速运动，工件的加速度仍为a，当速度减为和传送带速度相等时，开始匀速运动，故到达B端时和传送带速度一样为vB=3m/s，故C正确；D若传送带以速度v=2m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知工件的加速度仍为a，工件的

22、运动情况跟传送带不动时的一样，则vB=2m/s，故D正确；故选CD。11、AB【解析】 由图象可知，当v2=b时，杆对小球的弹力为零，即靠重力提供向心力，根据，解得重力加速度，故A正确；当v=0时，F=a，有F=mg=a，解得，故B正确；得当v2=cb时，重力小于向心力，则杆对小球的弹力方向向下，故C错误；当v2=c=2b时，解得：F=mg，故D错误考点：向心力【名师点睛】本题主要考查了向心力 属于中等难度的题目解决本题的关键在于掌握圆周运动向心力公式的直接应用，要求能根据图象获取有效信息12、AC【解析】设三个物体的重力均为G。如图，将甲、丙两个物体所受的拉力分解为水平和竖直两个方向。则三个

23、物体对地面的压力大小分别为N甲GF1N乙GN丙G+F2可见，甲受地面的弹力最小，丙受地面的弹力最大。由摩擦力公式fN，相同，所以甲物体所受的摩擦力最小，丙物体所受的摩擦力最大。A.三个物体所受的摩擦力大小相同。与上述结论不符，故A错误；B.甲物体所受的摩擦力最小，受地面的弹力最小。与上述结论相符，故B正确；C.乙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最小。与上述结论不符，故C错误；D.丙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最大。与上述结论相符，故D正确。本题选错误的答案，故选：AC。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .A .平衡摩擦力 .交流电 .50Hz .0.02秒【解析】（1）1 探究加

24、速度与力、质量的关系”实验中要保持其中一个量不变，探究加速度与另外一个量的关系，故用到了控制变量法，故选A；（2）2 把长木板的一端垫高的目的是为了平衡摩擦力，使小车受到的合力为绳的拉力；（3）345电磁打点计时器使用低压交流电源，交流电的频率为50Hz，故其打点频率也为50Hz，周期为。14、 .A .0.62 .B .Mg+Mg【解析】（1）1本实验存在两个关键步骤，其中一个就是平衡摩擦力，目的是使木块所受合外力等于细线的拉力，故A正确，B错误。故选A。（2）2已知电火花打点计时器使用的电源频率f=50Hz，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，则T=0.1s，根据s=aT2可求小车的加速

25、度（3）3实验中电源电压的大小不会影响打点的周期，电源频率略低于50Hz，则打点周期大于0.02s，加速度测量值偏大，故B正确，ACD错误。故选B。（4）4使长木板水平放置，砝码和砝码盘的质量远大于木块质量，则木块趋近做加速度为g的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知T-Mg=Mg解得T=Mg+Mg。15、 .均匀 .线性 .远小于小车和小车中砝码的质量之和 . .24.1 .47.3 .1.16 . .【解析】（1）1平衡摩擦力的标准为小车可以匀速运动，打点计时器打出的纸带点迹间隔均匀；2根据牛顿第二定律解得故与m成线性关系；（2）（i）3 设小车的质量为M，小吊盘和盘中物块的质量为m，设绳

26、子上拉力为F，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律有解得以M为研究对象，根据牛顿第二定律有当时有，即只有时才可以认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力，所以为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应该远小于小车和砝码的总质量。（）4设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3，由匀变速直线运动的推论得即解得56图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=24.1mm，s3=47.3mm；7 由此求得加速度的大小（）89设小车质量为M，小车受到外力为F，由牛顿第二定律有解得所以图象的斜率为解得纵轴截距为解得三计算题(22分)16、 (1)2s；(2) 20m【解析】（1）小球做平抛运动，则在水平方向有x = v0t得t = 2s（2）小球做平抛运动，在竖直方向有得h =20m17、 (1)将FN沿水平方向和竖直方向正交分解，可知竖直方向合力为零，水平方向合力不为零，因