陕西省蓝田县2022-2023学年高一物理第一学期期末预测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图是长征火箭把载人神舟飞船送入太空的情景。宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重或失重的考验。下列说法正确是（ ）A.火箭加速上升过程中，宇航员处于失重状态B.飞船加速下落过程中

2、，宇航员处于超重状态C.飞船落地前减速过程中，宇航员对座椅的压力大于其重力D.火箭上升过程中，宇航员所受合力始终不变2、如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢从底部爬到a处，则下列说法正确的是（）A.在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力B.在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力C.在a点碗对蚂蚁摩擦力大于在b点的摩擦力D.在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力3、一小车放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直。现将水平力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，小车始终保持静止状态。则在这一过程中（ ）A.水平拉力F变小B.细线的拉力不变C.小车对地面

3、的压力变大D.小车所受地面的摩擦力变大4、物体做匀加速直线运动，设全程的平均速度为v1，运动中间时刻的速度为v2，经过全程一半时的速度为v3，则正确的关系是（）A.v1v2v3B.v1v2v3C.v1v2v3D.v1v2v35、下列说法正确的是( )A.伽利略指出：力不是维持物体运动的原因B.笛卡儿用“理想斜面实验”分析了力和运动的关系C.亚里士多德认为重物与轻物下落得同样快D.牛顿认为惯性的大小由物体的质量和速度共同决定的6、如图所示，一重为G的小球，固定在一轻质细钢丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内转动整个装置能自动随着风的转向而转动（即风对小球的作用力总是在图示平面内）无风时钢丝自然下垂，

4、若某段时间内在恒定水平风力F的作用下，钢丝偏离竖直方向的角度=30，此时钢丝上的拉力为T关于重力G、风力F和拉力T的大小关系，下列说法正确的是A.G最小B.F最小C.T最小D.G最大7、如图所示，光滑斜面长为，宽为，倾角为，一物块沿斜面左上方顶点P水平射入，而从右下方顶点Q离开斜面，从P到Q的过程中有（）A.小球的加速度大小是gB.小球的初速度大小是C.小球运动的时间是D.小球竖直方向的位移是b8、如图所示，一细绳系一光滑小球，细绳跨过定滑轮使小球靠在柱体的斜面上。设柱体对小球的弹力为FN，细绳对小球的拉力为FT。现用水平力拉绳使小球缓慢上升一小段距离，在此过程中，下列说法正确的是（）A.FN

5、逐渐增大B.FN逐渐减小C.FT逐渐增大D.FT先增大后减小9、如图所示，一小铁球用轻弹簧和轻绳悬挂处于静止状态，弹簧与水平方向成角，轻绳与竖直方向成角，重力加速度为g，则A.弹簧和轻绳的拉力之比为1：2B.弹簧和轻绳的拉力之比为：1C.若剪断轻绳，则剪断瞬间小球的加速度为D.若剪断轻绳则剪断瞬间小球的加速度为10、如图所示,在足够高的空间内,小球位于空心管的正上方处,空心管长为,小球的球心与管的轴线重合,并在竖直线上,小球直径小于管的内径,不计空气阻力,则下列判断正确的是( )A.两者均无初速度同时释放,小球在空中不能穿过管B.两者同时释放,小球具有竖直向下的初速度、管无初速度,则小球一定能

6、穿过管,且穿过管的时间与当地重力加速度无关C.两者同时释放,小球具有竖直向下的初速度,管无初速度,则小球一定能穿过管,但穿过管的时间与当地重力加速度有关D.两者均无初速度释放,但小球提前了时间释放,则小球一定能穿过管,但穿过管的时间与当地重力加速度有关11、三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列说法正确的是（ ）A.物块A先到达传送带底端B.物块A、B同时到达传送带底端C物块A、B到达

7、传送带底端时速度大小相等D.物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1:312、某人先后两次由斜面体顶端的O点沿水平方向抛出两个可视为质点的物体，第一次的落点为斜面体上的a点，第二次的落点为斜面体上的b点，且，两次物体的初速度分别用va、vb表示，物体在空中运动的时间分别用、表示，下落的高度分别用、表示，小球落到斜面体时的速度与斜面体斜面的夹角分别用、表示则下列关系式正确的是A.B.C.D.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图所示，将质量都为m的木块a、b放在光滑的水平地面上，a用一细绳固定在左侧竖直墙壁上，a、b中间用一轻弹簧连接，现用一大小为F的水平拉力作用在b上，

8、a、b均静止则撤去外力的瞬间，a、b的加速度分别为_，_。14、（10分）在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带（部分）如图所示，若A，B，C 计数点间的时间间隔均为0.10s ，从图中给定的数据，可求出小车的加速度大小是_m/s2，打下C点时小车的速度大小是_m/s（结果保留2位有效数字）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，一质量为M=2kg的木板B静止在光滑的水平面上，其左端上表面紧靠（不相连）一固定斜面轨道的底端，轨道与水平面的夹角=37，一质量为m=2kg的物块A（可看作质点）由斜面轨道上距轨道底端5m处静止释放，物块A

9、从斜面底端运动到木板B左端时速度大小不变，物块A刚好没有从木板B的右端滑出，已知物块A与斜面轨道间的动摩擦因数为，与木板B上表面间的动摩擦因数为2=0.25，（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）求：（1）物块A刚滑上木板B时的速度大小；（2）物块A从刚滑上木板B相对木板B静止所用的时间；（3）木板B的长度16、（12分）如图所示，粗糙、绝缘的直轨道OB固定在水平桌面上，B端与桌面边缘对齐，A是轨道上一点，过A点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小，方向水平向右的匀强电场带负电的小物体P电荷量是，质量，与轨道间动摩擦因数，P从O点由静止开始向右运动，经过0.55s到达A点，到达

10、B点时速度是5m/s，到达空间D点时速度与竖直方向的夹角为，且P在整个运动过程中始终受到水平向右的某外力F作用，F大小与P的速率的关系如表所示P视为质点，电荷量保持不变，忽略空气阻力，取，求：v/（ms-1）0v22v5v5F/N263（1）小物体P从开始运动至速率为2m/s所用的时间；（2）AB间的距离x1（3）小物体P从A运动至D的过程，电场力做的功17、（12分）如图所示，细线的一端固定在倾角为45的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球(重力加速度为g).(1)当滑块至少以多大的加速度向右运动时，线对小球的拉力刚好等于零？(2)当滑块至少以多大的加速度向左运动时，小球

11、对滑块的压力等于零？(3)当滑块以a2g的加速度向左运动时，线中拉力为多大？参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】A火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，A错误；B飞船加速下落时，加速度方向向下，宇航员处于失重状态，B错误；C飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，C正确； D火箭上升过程不是匀加速，所以宇航员所受合力会变化，D错误。故选C。2、C【解析】AB蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，则合力始终为零，受力分析如图所示：在a点蚂蚁受到的合力与b点受到的合力

12、均为零，碗对蚂蚁的作用力大小都等于蚂蚁的重力，所以在a点碗对蚂蚁的作用力等于在b点的作用力，选项AB错误；CD根据共点力平衡有因为a点的比b点的大，所以在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力，在a点碗对蚂蚁的支持力小于在b点的支持力，选项C正确，D错误。故选C。3、D【解析】AB对小球受力分析，受拉力、重力、F，如图所示根据平衡条件，有：向左拉小球的过程中，逐渐增大，增大，所以F逐渐增大；减小，所以拉力T增大，AB错误；CD以整体为研究对象，根据平衡条件，水平方向有：竖直方向有：因F逐渐增大，所以小车所受地面的摩擦力Ff逐渐增大，所以小车对地面的摩擦力变大；支持力保持不变，则小车对地面的压力

13、不变，C错误，D正确。故选D4、B【解析】初速度为的匀变速运动的v-t图象如下，由于图线与坐标轴围成的面积可表示为物体运动的位移由图象可得：当时间为时，对应的物体速度为，此时间内物体运动的位移即图线和坐标轴围成的面积要小于，当物体运动位移为时，对应的物体速度为，由图象明显看出，根据匀变速运动规律得它运动全程的平均速度等于中间时刻的速度，即，故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】匀加速直线运动，前一半时间位移较小，后一半时间位移较大，所以中间时刻的速度比位移中点的速度要小，可以设出初速度、加速度和时间，利用数学方法整理，的表达式，较好的方法是作v-t图，由图象看两速度的大小关系。5、A【解析】A

14、.伽利略的理想斜面实验证了力不是维持物体运动的原因，故A正确；B.伽利略通过“理想实验”分析了力和运动的关系，得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故B错误；C.亚里士多德认为重物比轻物下落的快，故C错误；D.牛顿认为惯性的大小由物体的质量决定，和物体的速度以及受力无关，故D错误6、B【解析】对小球进行受力分析，画出平行四边形，根据几何知识判断大小关系即可；【详解】对小球进行受力分析如图所示：根据平衡条件可知：绳的拉力T与重力G和风力F的合力的大小相等，方向相反，画出平行四边形如图，根据几何知识可以知道，风力F最小，故选项B正确，ACD错误7、BC【解析】A根

15、据牛顿第二定律得，物体的加速度为：故A错误。BC根据得： 入射的初速度为：故BC正确。D小球竖直方向的位移是应该小于b，故D错误。故选BC。8、AC【解析】以小球为研究对象，小球受三个力的作用，重力G（大小方向不变）、细绳的拉力FT、柱体对小球的弹力FN（大小变，方向不变，始终垂直于斜面），受力图和力的矢量三角形图如图所示在小球上升的过程中FN和细线的拉力FT的夹角逐渐增大，由力的矢量三角形可知，FN和FT都逐渐增大。故选AC。9、BC【解析】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求弹簧和轻绳的拉力之比若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，根据牛顿第二定律求剪断瞬间小球的加速度【详

16、解】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，小球受重力mg、轻绳的拉力T和弹簧的拉力F由平衡条件知T与F的合力与mg等大反向，如图所示：则得，即弹簧和轻绳的拉力之比为：1，故A错误，B正确；由上得若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，F和mg的合力与原来的T等大反向，所以剪断瞬间小球的合力大小等于T，加速度为，故C正确，D错误所以BC正确，AD错误【点睛】解决本题的关键要知道剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，分析小球的合力，结合牛顿第二定律进行来求瞬时加速度10、ABD【解析】两者释放后都做自由落体运动，在相等时间内运动的位移为 ，分别求出两个物体的位移，找到他们自己的关系即可【详解】若两者无初

17、速度同时释放，则在相同时间内下降的高度相同，可知小球在空中不能穿过管，故A正确；两者同时释放，小球具有向下的初速度，管无初速度，根据xv0t+gt2gt2L+h知，经过t=，小球穿过管，且 穿过管的时间与当地重力加速度无关，故B正确，C错误；两者均无初速度释放，但小球提前了t时间释放，根据xg(t+t)2gt2gt2+gtt=h+L可知小球能穿过管，穿过管的时间与当地的重力加速度有关，故D正确；故选ABD11、BCD【解析】AB对A，因为则A物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度大小均为则加速度大小

18、相等，初速度和位移大小均相等，则运动的时间相等，它们同时到达传送带底端，A错误，B正确；C由v=v0+at知物块A、B到达传送带底端时速度大小相等，C正确；D对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由运动学公式得则运动时间为所以皮带运动的位移为所以A对皮带的划痕为对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为所以划痕之比为1：3，D正确。故选BCD。12、AD【解析】A由于Oa=2Ob，故故A正确；C根据平抛的竖直方向为自由落体运动，有由于故故C错误；B由于a、b的水平分位移之比为2：1，时间之比为，根据x=v0t可知，初速度之比为故B错误；D两个

19、球的位移偏转角相等，由于“平抛运动的速度偏转角的正切值是位移偏转角的正切值的2倍”，故速度偏转角也相等，即故D正确二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .0 .【解析】1撤去F前，弹簧的弹力大小为F撤去F的瞬间，弹簧的弹力没有改变，则此瞬间a所受的合力仍为零，则其加速度aa=0；2对b球：合力大小等于F，则其加速度大小为14、 .2.0 .0.70【解析】据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小；【详解】由于每相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加

20、速度的大小为：；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）5m/s（2）1s（3）L=5m【解析】（1）沿斜面下滑的加速度为a，根据牛顿第二定律则有解得a=2.5m/s2由v2=2ax得物块A刚滑上木板B时的速度（2）物块A在B上滑动时，对物块A由牛顿第二定律得解得则木板B的加速度大小物块A刚好没有从木板B左端滑出，即物块A在木板B左端时两者速度相等；设物块A在木板B上滑行的时间t，速度关系代入数据可解得t=1s（3）物块A相对于地面的位移木板B相对于地面的位移木板B的长度联立可解得L=5m【点睛】本题充分考查了匀变速直线运动规律的应用及物体共同运动的特点的应用，熟练运用牛顿第二定律和运动学相关公式即可正确解题。16、（1）0.5s （2）1m （3）-8J【