四川省德阳市新丰中学2023年高一物理测试题含解析

1、四川省德阳市新丰中学2023年高一物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）下列说法中正确的是（）A.匀速运动就是匀速直线运动B.对于匀速直线运动来说，路程就是位移C.物体的位移越大，平均速度一定越大D.物体在某段时间内的平均速度越大，在其间任一时刻的瞬时速度也一定越大参考答案：考点：匀速直线运动及其公式、图像；平均速度；瞬时速度 专题：直线运动规律专题分析：理解匀速直线运动的概念，路程、位移、平均速度、瞬时速度的概念解答：解：A、匀速运动就是速度不变的运动，也是匀速直线运动定义，故A正确 B、路程、位移的概念不同，路程是标量，位

2、移是矢量，故B错误 C、根据，x=vt，得；物体的位移越大，平均速度不一定越大，故C错误 D、物体在某段时间内的平均速度越大，在其间任一时刻的瞬时速度不一定越大，故D错误故选A点评：考查了路程、位移、平均速度、瞬时速度的概念，注意理解，灵活应用2. 如图所示，两质量相等的卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，用R、T、Ek、S分别表示卫星的轨道半径、周期、动能、与地心连线在单位时间内扫过的面积下列关系式正确的有A. TATBB. EkAEkBC. SA=SBD. 参考答案：AD【详解】根据 知，轨道半径越大，周期越大，所以TATB，故A正确；由 知： ，所以vBvA，又因为质量相等，所以EkBEkA

3、，故B错误；根据开普勒第二定律可知，同一行星与地心连线在单位时间内扫过的面积相等，所以C错误；由开普勒第三定律知，D正确【点睛】重点是要掌握天体运动的规律，万有引力提供向心力。选项C容易错选，原因是开普勒行星运动定律的面积定律中有相等时间内行星与太阳的连线扫过的面积相等。这是针对某一行星的，而不是两个行星。3. 降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞A. 落地时速度越大 B. 落地时速度越小C. 下落的时间越长 D. 下落的时间越短参考答案：A【详解】降落伞参加了竖直方向的分运动和水平方向分运动,水平方向的分运动对竖直分运动无影响,故风速变大时,下落的时间不变,故CD

4、错；根据 ,若风速越大,水平速度越大,则降落伞落地时速度越大,故A对；B错故选A4. 甲物体的重量比乙物体大5倍，甲从H高处自由落下，乙从2H高处与甲物体同时自由落下，忽略空气阻力，在它们落地之前，下列说法中正确的是（）A两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度比乙的速度大B各自下落1m时，它们的速度相同C下落过程中甲的加速度比乙的加速度大D甲乙经过同一高度处，它们的速度相同参考答案：B考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式分析判断解答：解：A、两物体同时做自由落体运动，根据v=gt知，在同一时刻速度大小相等，故A错误B、

5、根据v=知，下落1m时，两物体的速度相同，故B正确C、两物体均做自由落体运动，加速度大小相等，故C错误D、甲乙经过同一位置时，下落的高度不同，根据v=知，速度不同，故D错误故选：B点评：解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式分析求解，基础题5. （单选）2013年12月14日，“嫦娥三号”（ “玉兔”号月球车和着陆器）以近似为零的速度实现了月面软着落下图为“嫦娥三号”运行的轨道示意图，其中轨道为圆轨道，轨道为椭圆轨道“嫦娥三号”在轨道运行以及在轨道运行过程中，下列判断正确的是A在轨道上运行时线速度、加速度恒定B在轨道上运行时经过近月点的速度小于远月点的速度C在轨道上运行的周期

6、比在轨道上运行的周期大D在轨道运行时经过“近月制动”点比轨道大经过该点时所受月球引力大参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，用细绳拉着小球A向上做加速运动，小球A、B间用弹簧相连，二球的质量分别为m和2m，加速度的大小为a，若拉力F突然撤去，则A、B两球的加速度分别是_ 和_.参考答案：7. 2012年8月伦敦奥运会上：（1）董栋获得男子蹦床个人金牌。董栋向下压蹦床这一过程中，董栋的 能转化为蹦床的 能。（2）周璐璐获得女子举重75kg以上级金牌。张湘祥举起杠铃保持3s不动，裁判示意成功。在保持不动这一时间内他对杠铃做功 J。参考答案：8. 某宇航员在月

7、球上某处平坦月面做平抛实验，将某物体由距月面高h处水平抛出，经过时间t后落到月球表面，已知月球半径为R，万有引力常数为G，则月球表面的重力加速度为 ，月球的质量为 。参考答案：9. 如图9所示装置中，三个轮的半径分别为r、2r、4r，则图中a、b、c各点的线速度之比vavbvc = ；角速度之比abc = ；加速度之比aaabac = 。参考答案：10. 如图所示是自行车传动装置的示意图。假设踏脚板每2s转一圈，要知道在这种情形下自行车前进的速度有多大，还需测量的物理量有： （说明待测物理量并注明相应的符号），用这些量推导出的自行车前进速度的表达式为： 。参考答案：需要测量：大牙盘半径r1、小

8、牙盘半径r2、后轮半径r3，11. 一个物体从斜面上高h处由静止滑下并紧接着在水平面上滑行一段距离后停止，量得停止处对开始运动处的水平距离为s，如图所示，不考虑物体滑至斜面底端的碰撞作用，并认为斜面与水平面对物体的动摩擦因数相同，则动摩擦因数为 。 参考答案：h/s 解：对物体全过程应用动能定理，有即动摩擦因数为12. 某星球质量是地球质量的2倍，半径是地球半径的在该星球上发射卫星，其第一宇宙速度是_km/s。参考答案：13. 一质点绕半径为R的圆周运动了一圈，则其位移大小为 ，路程是 ，若质点运动了圆周，则其位移大小为 ，路程是 。参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22

9、分14. 某同学用如图1所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，查得当地重力加速度g=9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg。小李同学选用实验中得到的一条点迹清晰的纸带，把运动的起始点记作O，另选连续3个点A、B、C作为测量点，且A、B、C各点到O点的距离如图2所示。根据以上数据，可知重物由O点运动到B点过程中，重力势能的减少量等于 J，动能的增加量等于 J(结果保留3位有效数字)。参考答案：2.25 2.2115. （1）如图所示，甲同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数

10、点间还有四个点未画出，经测量发现S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是 m/s，小车运动的加速度计算表达式为 ，加速度的大小是 m/s2（计算结果保留两位有效数字）（2）在一次实验中，如果乙同学不知道实验所使用的交流电电源的实际频率已超过50Hz，仍然按照50Hz计算，那么他计算出来的平均速度值与真实值相比 A偏大B偏小C相等D不能确定（3）丙同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间时间间隔为0.1s，依打点先后

11、编为0，1，2，3，4，5由于不小心，几条纸带都被撕断了，如图所示请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：在B，C，D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是 参考答案：解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小vA=设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1T2x5x2=3a2T2x6x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加

12、速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）=即小车运动的加速度计算表达式为：a=m/s2=0.64m/s2（2）打点周期与交流电的周期相同，T=0.02s，当电源频率高于50Hz时，实际打点周期将变小，而进行计算时，仍然用0.02s，根据v=，因此测出的平均速度数值将比物体的真实数值小，故B正确（3）根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：x45x34=x34x23=x23x12=x12x01所以属于纸带A的是C图故答案为：（1）0.86，a，0.64（2）B（3）C四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球

13、经过1s落地，不计空气阻力，取g=10m/s2求小球的位移和落地速度参考答案：解：小球平抛运动，由平抛运动公式：（1）竖直方向：=水平方向：x=v0t=101m=10m落地位移时的位移：，位移与水平方向夹角为，（2）落地时竖直方向速度：vy=gt=101m/s=10m/s落地速度：落地速度与水平方向夹角为，答：（1）小球的位移为m，方向与水平方向的夹角arctan；（2）落地的速度为m/s，方向与水平方向的夹角为4517. 如图，光滑水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，弹簧处于自然状态时其右端位于桌面右边缘D点。水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R=0.8m的圆环剪去了左

14、上角135的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离也是R，用质量m=1.0kg的物块将弹簧压缩到B点后由静止释放，弹簧恢复原长时物块恰从桌面右边缘D点飞离桌面后，由P点沿圆轨道切线落入圆轨道。g =10 m/s2，求：（1）物块离开D点时的速度vD ； （2）DP间的水平距离；（3）弹簧在B点时具有的弹性势能；（4）分析判断物块能否沿圆轨道到达M点。 （写出解析过程）参考答案：解：（1）由P点沿圆轨道切线落入圆轨道，知速度与水平方向的夹角为45物块在P点竖直方向上的分速度为vyp，有vyp2=2gR，代入数据vyp=4m/stan45=vyp/vx=1，所以vD=vx=4m/s故物块离开D点的速度为4m/s（4分）（2）平抛运动的时间t=vyp/g=0.4s所以DP间的水平距离x=vDt=40.4m=1.6m （2分）（3）根据能量守恒得，EP= =8J故弹簧在B点具有的弹性势能为8J（4分）（4）设物块到达M点的临界速度为v0，有mg=mv02/R得：v0=2m/s要想到达M点，则应有到达M 点的实际速度vMv0DM段由动能定理得：所以物块不能到达圆轨道的M点 （6分）18. 质量为1.0