河北省张家口市宣化一中2022-2023学年高一物理第一学期期末联考试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、某人站在一台秤上，在他猛地下蹲的全过程中，台秤的读数（ ）A.先变大后变小，最后等于他的重

2、力B.变大，最后等于他的重力C.先变小后变大，最后等于他的重力D.变小，最后等于他的重力2、下列哪几组共点力作用在同一物体上，物体可能保持平衡？（）A.2N、5N和9NB.2N、30N和50NC.8N、18N和9ND.20N、30N和20N3、完全相同的直角三角形滑块A、B如图所示叠放，设A、B接触的斜面光滑，A与桌面的动摩擦因数为，现在B上施加一水平推力F，恰好使A、B保持相对静止且一起匀速运动，则A对桌面的动摩擦因数跟斜面倾角的关系为（ ）A.B.C.D.与无关4、以10m/s速度匀速行驶的汽车，刹车后做匀减速直线运动。若汽车刹车后第2s内的位移为6.25m，则刹车后6s内汽车的位移是（）

3、A.20mB.15mC.45mD.105m5、用图所示的方法可以测出一个人的反应时间，设直尺从开始自由下落，到直尺被受测者抓住，直尺下落的距离h，受测者的反应时间为t，则下列说法正确的是（ ）A.hB.tC.tD.th26、如图，一个质量为m的光滑小环套在一根轻质细迤上，细.绳的两端分别系在竖直杆上的A、B两点，让竖直杆以角速度出匀速转动，此时小环在绳上C点，AC和BC 与竖直方向的夹角分别为37和53，sin37= 0.6，cos37= 0.8，重力加速度为g。则（ ）A.绳上的张力大小为B.绳子的长度为C.杆上A、B两点间的距离为D.小环做圆周运动的向心加速度大小等于7、如图所示，放在水平

4、面上的物体A用轻绳通过光滑定滑轮连接另一物体B并静止，这时A受到水平面的支持力为FN，摩擦力为Ff，若把A水平向右移动一些后，A仍静止，则（）A.FN将增大B.Ff将增大C.轻绳拉力将减小D.物体A所受合力将增大8、如图，一个大人单独提起一桶水和两个小孩共同提起同一桶水，则下列说法正确的是（ ）A.大人的拉力可以看作两个小孩拉力的合力B.大人拉力一定等于两个小孩拉力大小之和C.两个小孩两手臂夹角越大，则小孩拉力越小D.两个小孩两手臂夹角越大，则小孩拉力越大9、如图所示，小球质量为 m，被 3 根质量不计的相同弹簧 a、b、c 固定在 O 点，c竖直放置，a、b、c 之间的夹角均为小球平衡时，弹

5、簧 a、b、c 的弹力大小之比为 3：3：1设重力加速度为 g，当单独剪断 c 瞬间，小球的加速度大小及方向可能为( )A.，竖直向上B.，竖直向下C.，竖直向下D.，竖直向上10、一块足够长的白板，位于水平桌面上，处于静止状态一石墨块（可视为质点）静止在白板上石墨块与白板间有摩擦，滑动摩擦系数为突然，使白板以恒定的速度v0做匀速直线运动，石墨块将在板上划下黑色痕迹经过某段时间t，令白板突然停下，以后不再运动在最后石墨块也不再运动时，白板上黑色痕迹的长度可能是（已知重力加速度为g，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量）（）A.B.C.D.v0t二、实验题11、（4分） “验证力的平行四边形定则

6、实验”操作如下： (1)在水平放置的木板上，固定一张白纸，将橡皮条的一端固定在水平木板上；(2)在橡皮条的另一端拴 上两条细绳，细绳的另一端系成绳套(如图所示)；(3)用两个弹簧秤分别勾住绳套,互成角度拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置 O；(4)用铅笔记下_的位置和两条细绳的方向，并记录两个弹簧秤上的示数F1、F2；(5)按照一定的标度作出两个力F1、F2的图示。用_求出合力F；(6)只用一个弹簧秤，通过细绳把橡皮条结点拉到_，记下弹簧秤的示数，还需记录_，按同一标度作出这个力的图示；(7)比较与F的大小和方向，看它们是否相等。12、（10分）在研究匀变速直线运动规律的实验中，如图所示

7、为一次记录小车运动情况的纸带图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点没有画出，打点计时器用的交流电频率为50Hz（1）相邻两个计数点间的时间间隔是_秒（2）点的瞬时速度大小为_（3）运动小车的加速度大小为_三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，小球套在一根固定光滑的竖直杆上，杆上的O点与墙壁上的C点等高，轻质弹簧的一端用铰链固定在C点，另一端与小球相连改变小球在杆上的位置，发现它能在O点上方的A处和O点下方的B处保持静止设、，已知小球的质量，点C到竖直杆的距离，

8、取，求：小球分别静止在A、B两处时，弹簧弹力大小；轻质弹簧的原长和劲度系数14、（14分）如图所示，质量为的物体在与水平方向成的拉力的作用下，在动摩擦因数为的水平面上由静止开始运动，（，）求：（1）物体的加速度多大？（2）2s末物体位移多大？（3）5s后撤去F物体还能运动多远？15、（13分）如图甲所示，倾斜传送带倾角，两端A、B间距离，传送带以的速度沿顺时针转动，一质量为的滑块从传送带顶端B点由静止开始下滑，运动到A时用时，取，。(1)求滑块与传送带间的动摩擦因数；(2)如图乙所示，若该滑块改在传送带的底端A，现用一沿传送带斜面向上的大小为的恒定拉力拉滑块，使其由静止沿传送带向上运动，当速度

9、与传送带速度相等时，撤去拉力，求滑块运动到传送带顶端时的速度大小（结果保留两位有效数字）。参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】人先是加速下降，有向下的加速度，此时的人对体重计的压力减小，后是减速下降，有向上的加速度，此时的人对体重计的压力增加，最后静止等于他的重力，故C正确，ABD错误。故选C。2、D【解析】A2N和5N的合力范围为3N，7N，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故A错误；B2N和30N的合

10、力范围为28N，32N，50N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故B错误；C8N和18N的合力范围为10N，26N，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故C错误；D20N和30N的合力范围为10N，50N，20N在合力范围之内，则三个力合力能为零，物体能平衡。故D正确。故选D。3、C【解析】设两三角形滑块的质量均为m，对整体有滑块B受力如图所示，则对B有可解得故选C。4、A【解析】由题，汽车做匀减速直线运动，已知v0=10m/s，t1=1s，t2=2s，x1=6.25m设汽车刹车过程加速度为a，则有代入得到解得a=-2.5m/s2设汽车从刹车到停下的时

11、间为t，则有说明汽车刹车4s停止运动，刹车后6s内汽车的位移与刹车后4s内汽车的位移相等，则有A20m，与结论相符，选项A正确；B15m，与结论不相符，选项B错误；C45m，与结论不相符，选项C错误；D105m，与结论不相符，选项D错误；故选A.5、C【解析】根据题意分析，直尺下落可看做自由落体运动，由自由落体运动公式hgt2，可得，所以t，故C正确6、ABD【解析】A小球受到重力mg、绳子张力为T，如图所示竖直方向根据平衡条件可得：T（cos37+cos53）=mg解得：故A正确；B设小环做圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律可得：Tsin37+Tsin53=mr2解得： 根据几何关系可得绳

12、子长度为：故B正确；C杆上A、B两点间的距离为： 故C错误；D环做圆周运动的向心加速度大小为：a=r2=g故D正确。故选ABD。7、AB【解析】AB对A受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：FN+mgsin=MgFf=mgcos把A向右移动一些后，将变小：所以：Ff=mgcos会变大，FN=Mg-mgsin也将变大;故AB均正确;C设物体的质量为m，物体A的质量为M：物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，故轻绳的拉力不变，故C错误;D物体仍保持静止，故A受力始终平衡，合力始终为零，故D错误。故选AB。8、AD【解析】A大人的拉力作用的效果和两人小孩拉力共同作用的效果相同；故A

13、正确B根据平行四边形定则可知，合力的大小可以大于、小于也可以等于分力的大小；故B错误CD两个力合成时，夹角越大则合力越小，两小孩拉力的合力一定，所以夹角越大则分力越大；故C错误，D正确。故选AD9、AC【解析】对小球受力分析，根据平衡条件，假设C弹簧是向下拉力，又a、b、c之间的夹角均为120，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1，则小球的重力是C弹簧的弹力的2倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小、方向竖直向上；假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹

14、力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小及方向【详解】AB.根据题意，对小球受力分析，假设C弹簧是向下的拉力，又a、b、c之间的夹角均为120，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3:3:1，由平衡条件得，mg+Fc=Fa又Fa：Fc=3：1，则mg=2Fc，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律得：a=Fc/m=g/2，方向竖直向上，故A正确，B错误；CD.假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小为g/4，方向竖直

15、向下故C正确，D错误故选AC10、AC【解析】在时间t内，石墨可能一直匀加速，也可能先加速后匀速；石墨加速时，根据牛顿第二定律，有mgma，解得ag如果时间t内一直加速，加速的位移为，故相对白板的位移为如果先加速，后匀速，位移为，故相对白板的位移为如果加速的末速度恰好等于v0，则，故相对白板的位移为经过时间t后，白板静止后，石墨做减速运动，加速度大小不变，故相对白板沿原路返回，故白板上黑色痕迹长度等于加速时相对薄板的位移；故选AC二、实验题11、 .O点 .平行四边形定则 .同样位置O .细绳的方向【解析】(4)1为保证两次拉橡皮筋的效果相同，所以需要记录小结点的位置O点；(5) 2根据实验原

16、理可知，需要用平行四边形定则求解出合力F；(6)34由于实验中需要保证用一个弹簧测力计拉时和用两个弹簧测力计拉时效果相同，所以需要将结点拉到同样的位置O点，而由于要作图，所以需要记录细绳的方向。12、 . . .【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；【详解】（1）打点计时器用的交流电频率为50Hz，每打一个点的时间间隔为，相邻计数点间还有四个点没有画出，表示每两个计数点时间间隔为：；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则D点速度为：；（3）根据匀变

17、速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：，为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：即小车运动的加速度计算表达式为：代入数据解得：【点睛】提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1)50N,37.5N；(2)62.5cm,500N/m【解析】由于竖直杆是光滑的，小球不受摩擦力作用，所以当小球静止在A处时弹簧对小球的力是推力，弹簧处于压缩状态；当小球静止在B处时弹簧对小球的力是拉力，弹簧处于拉伸状态设小球静止在A、B 两处时，弹簧弹力大小分别为FA、FB，杆的支持力大小分别为FN1、FN2；又设轻质弹簧的劲度系数为k、原长为l0依据上述分析可画出小球的受力示意图如图所示，(1) 由共点力平衡条件有，小球静止在A处时，FA cos=mgFA=mgcos=50N小球静止在B处时，FB cos=mgFB=mgcos=37.5N；(2) 由胡克定律及几何关系，A、B两处的弹簧弹力大小分别为FA=k（l0 -d