2020版高考化学大一轮复习课时达标作业38烃的含氧衍生物

1、2020版高考化学大一轮复习课时达标作业38烃的含氧衍生物2020版高考化学大一轮复习课时达标作业38烃的含氧衍生物11/112020版高考化学大一轮复习课时达标作业38烃的含氧衍生物课时达标作业38烃的含氧衍生物基础题1.以下化学用语或物质的性质描绘正确的选项是()A如图表示烃的名称为3甲基4乙基7甲基辛烷B符合分子式为C3H8O的醇有三种不同样的构造C乙烯在必定条件下能发生加成反响、加聚反响，被酸性高锰酸钾溶液氧化，也能在必定条件下被氧气氧化成乙酸D治疗疟疾的青蒿素的构造简式为，分子式是C15H20O5分析：依据烷烃的系统命名法，该分子的名称为2，6二甲基5乙基辛烷，A项错误；符合分子式为

2、C3H8O的醇有1丙醇和2丙醇二种不同样的构造，B项错误；乙烯在必定条件下能发生加成反响、加聚反响，被酸性高锰酸钾溶液氧化，也能在必定条件下被氧气氧化成乙酸，C项正确；依据青蒿素的构造简式可写出它的分子式为C15H22O5，D项错误。答案：C2以下化合物中，能发生酯化、复原、加成、消去四种反响的是()分析：A不可以够发生酯化、消去反响，B不可以够发生复原、加成反响，D不可以够发生消去反响。答案：C3某款香水中的香氛主要由以下三种化合物构成，以下说法正确的选项是()1A月桂烯分子中全部原子可能共平面B柠檬醛和香叶醇是同分异构体C香叶醇能发生加成反响、氧化反响、酯化反响D三种有机物的一氯代物均有7

3、种(不考虑立体异构)分析：月桂烯分子含有4个CH3，分子中全部原子不可以能共平面，A项错误；柠檬醛的分子式为C10H16O，香叶醇的分子式为C10H18O，分子式不同样，二者不是同分异构体，B项错误；香叶醇分子中含有碳碳双键，能发生加成反响，含有OH，能发生氧化反响和酯化反响，C项正确；月桂烯、香叶醇的一氯代物有7种，柠檬醛的一氯代物有6种，D项错误。答案：C4.汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独到作用。以下相关汉黄芩素的表达正确的选项是()A汉黄芩素的分子式为C16H13O5B该物质遇FeCl3溶液显色C1mol该物质与溴水反响，最多耗费1molBr2D与足量H2发

4、生加成反响后，该分子中官能团的种类减少1种分析：A错：汉黄芩素的分子式为C16H12O5；B对：该分子中含有酚羟基，能够与FeCl3溶液发生显色反响；C错：酚羟基邻位、碳碳双键都能与溴水反响，1mol该物质与溴水反应耗费Br2的物质的量最多2mol；D错：分子中碳碳双键、羰基都能与氢气发生加成反响，官能团种类会减少2种。答案：B5CPAE是蜂胶的主要活性成分，它可由咖啡酸合成，其合成过程以下。以下说法不正确的是()2A1molCPAE与足量的NaOH溶液反响，最多耗费3molNaOHB可用金属Na检测上述反响结束后能否残留苯乙醇C与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种D咖啡酸可发生聚合反响，

5、而且其分子中含有3种官能团分析：CPAE中酚烃基和酯基都能与NaOH反响，A正确；题述反响方程式中的四种物质都能与Na反响产生氢气，因此用Na没法查验反响结束后能否残留苯乙醇，B项错误；与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种，分别，C项正确；咖啡酸中含有碳碳双键、羧基、酚羟基3种官能团，能发生加聚反响，D项正确。答案：B6.普伐他汀是一种调理血脂的药物，其构造简式以以下图(未表示出其空间构型)。以下关于普伐他汀的性质描绘不正确的选项是()A能与FeCl3溶液发生显色反响3B能使酸性KMnO4溶液退色C能发生加成、代替、消去反响D1mol该物质最多可与2molNaOH反响分析：有机物分子中没有

6、酚羟基，因此不可以够与FeCl3溶液发生显色反响，A不正确；该有机物分子中有碳碳双键，有醇羟基都能被酸性KMnO4溶液氧化而使其退色，B正确；分子中有碳碳双键可发生加成反响，有醇羟基、酯基及羧基，能够发生代替反响，醇羟基相连碳原子邻位碳上有氢原子，能够发生消去反响，C正确；该物质分子中有一个酯基和一个羧基，因此可与氢氧化钠发生反响，其物质的量比为12，D正确。答案：A7己烯雌酚是人工合成的非甾体雌激素物质，主要用于治疗雌激素低下症及激素均衡失调所惹起的功能性出血等，以以下图分别取1mol己烯雌酚进行4个实验。以下对实验数据的展望与实质状况符合的是()A中生成7molH2OB中无CO2生成C中最

7、多耗费3molBr2D中发生消去反响分析：己烯雌酚的分子式为C18H20O2，反响中应生成10molH2O，A项错；酚的酸性比H2CO3的弱，不可以够与NaHCO3溶液反响生成CO2，B项对；两个酚羟基的邻位上共有4个氢原子，它们均可被卤素原子代替碳碳双键能与Br2发生加成，故反响中最多能够耗费5molBr2，C项错；苯环上的酚羟基不可以够发生消去反响，D项错。答案：B8羟基扁桃酸是药物合成的重要中间体，它可由苯酚和乙醛酸反响制得。以下相关说法正确的选项是()4A该反响是加成反响B苯酚和羟基扁桃酸是同系物C乙醛酸与H2在热的镍催化下反响生成乙二醇D常温下，1mol羟基扁桃酸能与3molNaOH

8、反响分析：A项为醛基上碳氧双键的加成反响，正确；B项，苯酚与羟基扁桃酸构造不相像，不属于同系物；C项，乙醛酸的羧基不可以够发生催化加氢；D项，醇羟基不可以够与NaOH反响。答案：A9BHT是一种常用的食品抗氧化剂，从出发合成BHT的方法好像下两种。以下说法不正确的选项是()A推断BHT在水中的溶解度小于苯酚BBHT与都能使酸性KMnO4溶液退色C方法一和方法二的反响种类都是加成反响DBHT与拥有完满同样的官能团分析：BHT分子含有2个C(CH3)3和1个CH3，而烃基是憎水基，故其溶解度小于苯酚，A项正确；酚羟基能被酸性KMnO4溶解氧化，故BHT与都能使酸性KMnO4溶液退色，B项正确；方法

9、一是加成反响，方法二是代替反响，C项错误；BHT与的官能团都是酚羟基，D项正确。答案：C能力题10.某研究小组以化合物1为原料，按以下路线制备聚合物8：5请回答：以下四个化合物中，含有羧基的是_。A化合物3B化合物4C化合物6D化合物7化合物48的合成路线中，未波及的反响种类是_。A代替反响B消去反响C加聚反响D复原反响(3)以下四个化合物中，与化合物4互为同系物的是_。ACH3COOC2H5BC6H5COOHCCH3CH2CH2COOHDCH3COOH(4)化合物4的属于酯类的全部同分异构体的构造简式为_。(5)写出化合物78的化学方程式：_。分析：(1)A选项，化合物3为CH3CH2CN，

10、不含有羧基；B选项，化合物4为CH3CH2COOH，含有羧基；C选项，化合物6为CH2=CHCOOH，含有羧基；D选项，化合物7为CH2=CHCOOCH3，不含有羧基。(2)化合物4化合物5为代替反响；化合物5化合物6为消去反响；化合物6化合物7为代替反响；化合物7化合物8为加聚反响。此合成路线中未波及复原反响，因此D选项符合题意。化合物4为CH3CH2COOH。A选项，该物质与化合物4的分子构造不相像，因此不符合题意；B选项，该物质与化合物4在分子构成上不是相差CH2的整数倍，因此不符合题意；C选项，二者均为羧酸，且分子构成上相差一个CH2，属于同系物，因此符合题意；D选项，二者均为羧酸，且

11、分子构成上相差一个CH2，属于同系物，因此符合题意。(4)先确立COO，再将节余的原子和原子团按有机物分子构造特色，散布在酯基的两端，最后获得属于酯类的同分异构体有HCOOCH2CH3、CH3COOCH3两种。化合物7化合物8为加聚反响，其化学方程式为。答案：(1)BC(2)D(3)CD(4)CH3COOCH3、HCOOC256(5)11M是聚合物胶黏剂、涂料等的单体，其一条合成路线以下(部分试剂及反响条件省略)：达成以下填空：反响的反响种类是_。反响的反响条件是_。(2)除催化氧化法外，由A获得所需试剂为_。已知B能发生银镜反响。由反响、反响说明：在该条件下，_。(4)写出构造简式：C_，M

12、_。(5)D与1丁醇反响的产物与氯乙烯共聚可提升聚合物性能，写出该共聚物的构造简式_。(6)写出一种知足以下条件的丁醛的同分异构体的构造简式_。不含羰基，含有3种不同样化学环境的氢原子已知：双键碳上连有羟基的构造不坚固。分析：(1)依据题意可知合成M的主要门路为：丙烯(CH2=CHCH3)在催化剂的作用下与H2/CO发生反响生成丁醛CH3CH2CH2CHO；CH3CH2CH2CHO在碱性条件下发生加成反响生成，其分子式为C8H16O2，与A的分子式C8H14O比较可知，反响为在浓硫酸，加热条件下发生消去反响。(2)除催化氧化法外，由A获得还能够够利用银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液等将醛基氧化成羧

13、基，此后再酸化的方法。(3)化合物A(CHO)与H发生加成反响生成B(CHO)，由B能发生银镜反响，说明碳碳8142816双键第一与H2加成，即碳碳双键比醛基(羰基)易复原。(4)丙烯(CH2=CHCH3)在催化剂作用下被O氧化为C(分子式为C3H4O)，构造简式为：7CH2=CHCHO；CH2=CHCHO进一步被催化氧化生成D(分子式为C3H4O2)，D的构造简式为：CH2=CHCOOH；Y的构造简式为CH3CH2CH2CH2CH(CH2CH3)CH2OH，D与Y在浓硫酸加热条件下发生酯化反响生成M，M的构造简式为：(5)D为CH2=CHCOOH，与1丁醇在浓硫酸加热条件下发生酯化反响生成C

14、H2=CHCOOCH22CH2CH3，CH2=CHCOO2CH2CH2CH3与氯乙烯发生加聚反响可生成高聚物；(其余合理答案也可)。丁醛的构造简式为：CH3CH2CH2CHO，1，在其同分异构体中不含羰基，说明分子中含有碳碳双键，含有3种不同样化学环境的氢原子且双键碳上连有羟基的构造不坚固。则符合条件的构造简式为：(其余合理答案也可)。答案：(1)消去反响浓硫酸，加热银氨溶液，酸(合理即可)碳碳双键比羰基(醛基)易复原(合理即可)(4)CH2=CHCHO12环丁基甲酸是重要的有机合成中间体，其一种合成路线以下：8回答以下问题：(1)A属于烯烃，其构造简式为_。(2)BC的反响种类是_，该反响生

15、成的与C互为同分异构体的副产物是_(写构造简式)。(3)D的构造简式为_，E的化学名称是_。写出同时知足以下条件的G的全部同分异构体_(写构造简式，不考虑立体异构)。核磁共振氢谱为3组峰；能使溴的四氯化碳溶液退色；1mol该同分异构体与足量饱和NaHCO3反响产生88g气体。(5)H的一种同分异构体为丙烯酸乙酯(CH2=CHCOOC2H5)，写出聚丙烯酸乙酯在NaOH溶液中水解的化学方程式：_。参照上述合成路线，以和化合物E为原料(无机试剂任选)，设计制备的合成路线。分析：用逆合成分析法：由C的构造可推出B为CH2=CHCH2Br，A为CH2=CHCH3。(1)由上述分析，A与Br2光照条件下发生代替反响生成B，B与HBr发生加成反响生成C，A属于烯烃，则为丙烯，其构造简式为CH2=CHCH3。(2)CH2=CHCH2Br与HBr发生加成反响生成CH2BrCH2CH2Br，故BC的反响种类是加成反响；该反响生成的与C互为同分异构体的副产物是。(3)D与C2H5OH发生酯化反响生成E，由E的构造简式可推出D为丙二酸，构造简式为HOOCCH2COOH；E的化学名称是丙二酸二乙酯。(4)G为，其同分异构体：核磁共振氢谱为3组峰，则有3种氢原子。能使溴的四氯化碳溶液退色，则有碳碳双键。1mol该同分异构体与足量饱和NaHCO3