福建省二校2023学年化学高二下期末监测模拟试题（含解析）

1、2023学年高二下学期化学期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列化合物的核磁共振氢谱中出现三组峰的是：A2

2、，2，3，3-四甲基丁烷B2，3，4-三甲基戊烷C3，4-二甲基己烷D2，5-二甲基己烷2、下列有机化合物分子中的所有碳原子不可能处于同一平面的是ABCH3CCHCD3、下列指定反应的离子方程式不正确的是A钠与水反应:2Na+2H2O2Na+2OH+H2B向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水: Ca2+HCO3+OHCaCO3+H2OC向氢氧化钡溶液中加入稀硫酸: Ba2+2OH +2H+SO42BaSO4+2H2OD泡沫灭火器反应原理:3HCO3+Al3+3CO2+Al(OH)34、相同温度下，同物质的量浓度的Na2SO3和Na2CO3的两种溶液中，下列关系式正确的是()AcHSO3CcHCO35

3、、常温下，某学生用0.1 molL1H2SO4溶液滴定0.1 molL1NaOH溶液，中和后加水至100 mL。若滴定终点的判定有误差：少滴了一滴H2SO4溶液；多滴了一滴H2SO4溶液(1滴为0.05 mL)，则和两种情况下所得溶液的pH之差是()A4B4.6C5.4D66、NA代表阿伏伽德罗常数的值，下列说法一定正确的是A78g金属钾（K）完全转化为超氧化钾（KO2）时，转移电子数为4NAB常温下2.8g N2与标准状况下2.24LCH4均含有0.1NA个分子C0.2mol/L稀盐酸中，H+数目为0.2NAD60g二氧化硅晶体中，含SiO键数目为2NA7、已知丙烷的燃烧热H=-2215kJ

4、mol-1，若一定量的丙烷完全燃烧后生成1.8g水，则放出的热量约为（ ）A55 kJB220 kJC550 kJD1108 kJ8、相同温度下，等物质的量浓度的下列溶液中，pH最小的是( )ANH4HSO4BNH4HCO3CNH4ClD(NH4)2SO49、实验室用氢氧化钠固体配制 1.00mol/L 的NaOH 溶液 480mL，以下配制步骤正确的是( )A直接在托盘天平上称取 19.2g 的氢氧化钠固体放入烧杯中，加蒸馏水溶解B待溶液冷却后，用玻璃棒引流，将烧杯中的溶液转移到容量瓶中，并洗涤烧杯、玻璃棒 23次C定容时，仰视凹液面最低处到刻度线D按照上述步骤配制的溶液(没有涉及的步骤操作

5、都正确)，所得溶质的物质的量浓度偏高10、下列叙述不正确的是（ ）A淀粉、油脂和蛋白质都能水解，且水解产物各不相同B从煤的干馏产物中可以获得焦炉气、粗氨水、煤焦油和焦炭等重要的化工原料C核酸是一类含磷的生物高分子化合物D石油催化裂化的主要目的是提高芳香烃的产量11、下列指定反应的方程式正确的是A硫化亚铁与浓硫酸混合加热：FeS+2H+=Fe2+H2SB酸化NaIO3和NaI的混合溶液：I+IO3+6H+=I2+3H2OC向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水：HCO3-+Ca2+OH-=CaCO3+H2OD乙醛与新制氢氧化铜溶液混合加热： CH3CHO+2Cu（OH）2+OHCH3COO+Cu2O+3

6、H2O12、下列说法中正确的是()A常温下，pH均为3的醋酸和硫酸铝两种溶液中，由水电离出的氢离子浓度之比为1108B25 时0.1molL1NH4Cl溶液的KW大于100 时0.1molL1NaCl溶液的KWC根据溶液的pH与酸碱性的关系，推出pH6.5的溶液一定显酸性D室温下，将pH2的盐酸与pH12的氨水等体积混合，溶液显中性13、下列能发生酯化、加成、氧化、还原、消去5种反应的化合物是ACH2=CHCH2COOHBCDCH2=CH-CH2-CHO14、已知X、Y是主族元素，I为电离能，单位是kJmol-1根据如表所列数据判断，错误的是（ ）元素I1I2I3I4X500460069009

7、500Y5801800270011600A元素X的常见化合价是+1价B元素Y是IIIA族元素C若元素Y处于第3周期，它的单质可与冷水剧烈反应D元素X与氯元素形成化合物时，化学式可能是XCl15、下列说法正确的是A常温下，0.1molL-1某一元酸(HA)溶液中，加入少量NaA晶体或加水稀释，溶液中c(OH-)均增大B已知：0.1molL-1KHC2O4溶液呈酸性，则存在关系：c(K+)c(HC2O4-)c(H2C2O4)c(C2O42-)c(H+)c(OH-)C25，H2SO3HSO3+H+的电离常数Ka=110-2molL-1，该温度下NaHSO3水解反应的平衡常数Kh=110-12molL

8、-1D0.1molL-1NaHSO4溶液中：c(Na+)+c(H+)=c(SO42-)+c(OH-)16、向盛有硫酸锌水溶液的试管里加入氨水，首先形成难溶物，继续添加氨水，难溶物溶解得到无色的透明溶液。下列对此现象说法正确的是 （ ）A反应后溶液中不存在任何沉淀，所以反应前后c(Zn 2+)不变B沉淀溶解后，将生成无色的配离子Zn (NH3)4 2+C用硝酸锌溶液代替硫酸锌溶液进行实验，不能观察到同样的现象D在Zn (NH3)4 2+离子中，Zn 2+给出孤对电子，NH3提供空轨道二、非选择题（本题包括5小题）17、有机物A(C6H12O2)具有果香味，可用作食品加香剂，还可用作天然和合成树脂

9、的溶剂。已知： D、E具有相同官能团，E的相对分子质量比D大； E分子含有支链； F是可以使溴的四氯化碳溶液褪色的烃。(1) B的化学名称为_；D的结构简式_。(2) C、F分子中所含的官能团的名称分别是_、_。(3) 写出有机物B生成C的化学反应方程式：_；反应类型是_。(4) 写出有机物B与E反应生成A的化学反应方程式：_；反应类型是_。(5) E的同分异构体中能同时满足下列条件的共有_种(不含立体异构) ，并写出任意一种符合条件的同分异构体结构简式_。能与Na反应； 能发生银镜反应。18、A、B、C、D、E五种元素位于元素周期表中前四周期，原子序数依次增大。A元素的价电子排布为nsnnp

10、n1；B元素原子最外层电子数是次外层电子数的3倍；C位于B的下一周期，是本周期最活泼的金属元素；D基态原子的3d原子轨道上的电子数是4s原子轨道上的4倍；E元素原子的4p轨道上有3个未成对电子。回答下列问题(用元素符号表示或按要求作答)。(1)A、B、C的第一电离能由小到大的顺序为_，三者电负性由大到小的顺序为_。(2)A和E的简单气态氢化物沸点高的是_，其原因是_。(3)D3基态核外电子排布式为_。(4)E基态原子的价电子轨道表示式为_。(5)B和E形成分子的结构如图所示，该分子的化学式为_，E原子的杂化类型为_。(6)B和C能形成离子化合物R，其晶胞结构如图所示：一个晶胞中含_个B离子。R

11、的化学式为_。晶胞参数为a pm，则晶体R的密度为_gcm3(只列计算式)。19、1.为探究某铁碳合金与浓硫酸在加热条件下的反应的部分产物,并测定铁碳合金中铁元素的质量分数,某化学活动小组设计了如图所示的实验装置,并完成以下实验探究。(1)往圆底烧瓶中加入m g铁碳合金,并滴入过量浓硫酸,未点燃酒精灯前,A、B中均无明显现象,其原因是:常温下碳与浓硫酸不反应;_。(2)点燃酒精灯,反应一段时间后,从A中逸出气体的速率仍然较快,除因反应温度较高外,还可能的原因是_。(3)装置B的作用是_。(4)甲同学观察到装置C中有白色沉淀生成,他认为使澄清石灰水变浑浊的气体是二氧化碳。装置A中能产生二氧化碳的

12、化学方程式为_。(5)乙同学认为甲同学的结论是错误的,他认为为了确认二氧化碳的存在,需在装置B和C之间添加装置M。装置E、F中盛放的试剂分别是_、_。重新实验后证明存在CO2,则装置F中的现象是_。(6)有些同学认为合金中铁元素的质量分数可用KMnO4溶液来测定(5Fe2+Mn+8H+ 5Fe3+Mn2+4H2O)。测定铁元素质量分数的实验步骤如下:.往烧瓶A中加入过量铜使溶液中的Fe3+完全转化为Fe2+,过滤,得到滤液B;.将滤液B稀释为250 mL; .取稀释液25.00 mL,用浓度为c molL-1的酸性KMnO4溶液滴定,三次滴定实验消耗KMnO4溶液体积的平均值为V mL。步骤中

13、,将滤液B稀释为250 mL需要用到的玻璃仪器除烧杯、玻璃棒、胶头滴管外,还必须要用到的是_。判断滴定终点的标志是_。铁碳合金中铁元素的质量分数为_。20、现有一份含有FeCl3和FeCl2的固体混合物，某化学兴趣小组为测定各成分的含量进行如下两个实验：实验1 称取一定质量的样品，将样品溶解； 向溶解后的溶液中加入足量的AgNO3溶液，产生沉淀； 将沉淀过滤、洗涤、干燥得到白色固体28.7 g实验2 称取与实验1中相同质量的样品，溶解； 向溶解后的溶液中通入足量的Cl2； 再向所得溶液中加入足量的NaOH溶液，得到红褐色沉淀； 将沉淀过滤、洗涤后，加热灼烧到质量不再减少，得到固体Fe2O36.

14、40g根据实验回答下列问题：（1）溶解过程中所用到的玻璃仪器有_ （2）实验室保存FeCl2溶液时通常会向其中加入少量的铁粉，其作用是_（3）用化学方程式表示实验2的步骤中通入足量Cl2的反应：_（4）用容量瓶配制实验所用的NaOH溶液，下列情况会使所配溶液浓度偏高的是(填序号)_。a未冷却溶液直接转移 b没用少量蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒23次并转入容量瓶c加蒸馏水时，不慎超过了刻度线 d砝码上沾有杂质e容量瓶使用前内壁沾有水珠（5）检验实验2的步骤中沉淀洗涤干净的方法是_ （6）该小组每次称取的样品中含有FeCl2的质量为_g21、有A、B、C三种可溶性盐，阴、阳离子各不相同，其阴离子的摩尔质

15、量按A、B、C的顺序依次增大。将等物质的量的A、B、C溶于稀硝酸，所得溶液中只含有H+、Fe3、K、SO42、NO3、Cl几种离子，同时生成一种白色沉淀。请回答下列问题：（1）经检验及分析，三种盐中还含有下列选项中的一种离子，该离子是_。A Na B Mg2 C Cu2 D Ag（2）盐A的名称为_。（3）不需要加入其它任何试剂就能将上述三种盐溶液区分开来，鉴别出来的先后顺序为_(填化学式)。（4）若将A、B、C三种盐按一定比例溶于稀硝酸，所得溶液中只含有H+、Fe3、K、SO42、NO3几种离子，其中Fe3、SO42、K物质的量之比为124，则A、B、C三种盐的物质的量之比为_，若向溶液中加

16、入少量Ba(OH)2发生反应的离子方程式为：_。2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、D【答案解析】A. 该分子的结构简式为：，只含一种H原子，其核磁共振氢谱中只显示一组峰，A错误；B. 该分子的结构简式为：，含四种H原子，其核磁共振氢谱中只显示四组峰，B错误；C. 该分子的结构简式为：，含四种H原子，其核磁共振氢谱中只显示四组峰，C错误；D. 该分子的结构简式为：，含三种H原子，其核磁共振氢谱中只显示三组峰，D正确；故合理选项为D。2、D【答案解析】A、苯为平面结构，甲苯中甲基碳原子处于苯中H原子位置，所有碳原子都处在同一平面上，故A不符合；B

17、、乙炔为直线结构，丙炔中甲基碳原子处于乙炔中H原子位置，所有碳原子处于同一直线，所有碳原子都处在同一平面上，故B不符合；C、2-甲基-1-丙烯中，双键两端的碳原子所连的碳原子都在同一个平面上，故C不符合；D、2-甲基丙烷中，3个甲基处于2号碳原子四面体的顶点位置，2号碳原子处于该四面体内部，所以碳原子不可能处于同一平面，故D符合；故选D。【答案点睛】本题主要考查有机化合物的结构特点，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构。甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断。3、B【答案解析】A钠与水反应的离子方程式为2Na+2H

18、2O2Na+2OH-+H2，故A正确；B向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水，铵根离子也反应生成NH3H2O，故B错误；C向氢氧化钡溶液中加入稀硫酸，离子方程式：Ba2+2OH-+2H+SO42-BaSO4+2H2O，故C正确；D、泡沫灭火器的反应原理为碳酸氢钠和硫酸铝混合后发生双水解反应生成氢氧化铝沉淀和二氧化碳气体，反应的离子方程式A13+3HCO3-=Al(OH)3+3CO2，故D正确；故选B。点睛：本题考查了离子方程式的书写判断，掌握离子方程式的书写原则，明确离子方程式正误判断常用方法是解题关键。本题的易错点为B，向碳酸氢铵溶液中加入石灰水，氢氧根离子书写与碳酸氢根离子反应，再与铵根离子反应

19、，当石灰水足量，应该反应生成碳酸钙、和氨水。4、A【答案解析】根据H2CO3酸性小于H2SO3，相同温度下，同物质的量浓度的Na2SO3和Na2CO3的两种溶液中，CO32-水解程度比【题目详解】由于H2CO3酸性小于H2SO3，故CO32-水解程度比SO32-更高，所以cHCO3-cHSO5、D【答案解析】常温下，某学生用0.1 molL1H2SO4溶液滴定0.1 molL1NaOH溶液，中和后加水至100 mL。若滴定终点的判定有误差：少滴了一滴H2SO4溶液，若一滴溶液的体积按0.05mL计算，则相当于剩余2滴0.1 molL1NaOH溶液，溶液呈碱性，则c(OH-)=mol/L，故pH

20、=10；多滴了一滴H2SO4溶液(1滴为0.05 mL)，则溶液显酸性，c(H+)=mol/L，故pH=4。因此，和两种情况下所得溶液的pH之差是10-4=6，故选D。【答案点睛】注意本题只能作近似计算，即多一滴或少一滴后溶液的总体积仍按100mL计算，直接根据过量的试剂进行计算，而且要注意，计算碱性溶液的pH要先求c(OH-)，计算酸性溶液的pH要先求c(H+)。6、B【答案解析】分析：A.求出金属钾的物质的量,然后根据钾反应后变为+1价来分析；B.求出氮气和甲烷的物质的量,然后根据分子个数N=nNA来计算；C.溶液体积不明确； D.求出二氧化硅的物质的量,然后根据1mol二氧化硅中含4mo

21、l硅氧键来分析。详解：78g金属钾的物质的量为2mol,而钾反应后变为+1价,故2mol钾反应后转移2NA 个电子,A错误；2.8g氮气的物质的量和标况下2.24LCH4的物质的量均为0.1mol,故分子个数均为N=nNA=0.1NA=0.1NA，B正确；溶液体积不明确，故溶液中的氢离子的个数无法计算,C错误；60g二氧化硅的物质的量为1mol,而1mol二氧化硅中含4mol硅氧键,即含SiO键数目为4NA ，D错误；正确选项B。7、A【答案解析】丙烷分子式是C3H8，燃烧热为H=-2215kJmol-1，1mol丙烷燃烧会产生4mol水，放热2215kJ。丙烷完全燃烧产生1.8g水，生成H2

22、O的物质的量为0.1mol，消耗丙烷的物质的量为0.025mol，所以反应放出的热量是Q=0.025mol2215kJ/mol=55.375kJ，选A。【答案点睛】本题考查燃烧热的概念、反应热的计算，考查学生分析问题、解决问题的能力及计算能力。8、A【答案解析】相同温度下，NH4+H2O NH3H2O+H+，铵根离子浓度越大水解产生的氢离子浓度越大，pH越小。【题目详解】NH4HSO4 = NH4+H+ SO42- ；NH4HCO3= NH4+ HCO3- ；NH4Cl= NH4+ Cl- ； (NH4)2SO4= 2NH4+ SO42-，通过对比4个反应，硫酸氢氨中直接电离产生氢离子，pH最

23、小，答案为A9、B【答案解析】A、由于实验室无480mL容量瓶，故应选择500mL容量瓶，配制出500mL溶液，所需的氢氧化钠的质量m=cVM=1mol/L0.5L40g/mol=20.0g，且称量时应放到小烧杯里，故A错误；B、氢氧化钠固体溶于水放热，故应冷却至室温，移液时应用玻璃棒引流，否则溶液溅出会导致浓度偏低，并洗涤烧杯 23 次，将溶质全部转移至容量瓶中，故B正确；C、定容时，应平视刻度线，仰视会导致体积偏大，故C错误；D、仰视刻度线，会导致体积偏大，则溶液浓度偏小，故D错误；答案选B。10、D【答案解析】A淀粉常在无机酸（一般为稀硫酸）催化作用下发生水解，生成葡萄糖；蛋白质水解最后

24、得到多种氨基酸；油脂在酸性条件下水解为甘油（丙三醇）和高级脂肪酸；在碱性条件下水解为甘油、高级脂肪酸盐，水解产物各不相同，故A正确；B煤的干馏是将煤隔绝空气加强热，生成焦炭、煤焦油、粗苯、煤气等产物的过程，可以得到甲烷、苯和煤焦油等化工原料，故B正确；C核酸由许多核苷酸聚合成的生物高分子化合物，核酸包括核糖核酸（RNA）和脱氧核糖核酸（DNA），由碳、氢、氧、氮、磷等元素构成，故C正确；D催化裂化的主要目的是提高轻质燃料汽油的产量，故D错误；本题答案选D。11、D【答案解析】本题考查离子方程式书写的正误判断，A.硫化亚铁与浓硫酸混合加热发生氧化还原反应，硫化亚铁是还原剂,浓硫酸是氧化剂，氧化产

25、物是三价的铁离子和二氧化硫，还原产物是二氧化硫；B.电荷不守恒、得失电子数目不守恒；C.向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水，二者反应生成碳酸钙沉淀、一水合氨和水；碱性条件下，乙醛与新制氢氧化铜溶液混合加热生成醋酸盐、氧化亚铜沉淀和水。【题目详解】硫化亚铁与浓硫酸混合加热发生氧化还原反应，反应的离子方程式为：2FeS+20H+7SO42-=2Fe3+9SO2+10H2O，A错误；电荷不守恒、得失电子数目不守恒，正确的离子方程式为：5I+IO3+6H+=3I2+3H2O，B错误；碳酸氢铵溶液与足量石灰水反应生成碳酸钙沉淀、一水合氨和水，离子方程式为：NH4+Ca2+HCO3-+2OH-CaCO3+H2

26、O+NH3H2O，C错误；乙醛与新制氢氧化铜溶液混合加热生成醋酸盐、氧化亚铜沉淀和水，反应的离子方程式为：CH3CHO+2Cu（OH）2+OHCH3COO+Cu2O+3H2O，D正确。故选D。【答案点睛】把握发生的反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重复分解反应、氧化还原反应的离子反应考查，答题时注意离子反应中保留化学式的物质及得失电子数目和电荷守恒。12、A【答案解析】分析：醋酸中水电离出的氢离子浓度等于溶液中的氢氧根离子浓度，硫酸铝溶液中水电离出的氢离子浓度等于溶液中氢离子的浓度；水的离子积常数与温度有关，温度越大，离子积常数越大；弱电解质的电离平衡常数只与温度有关，温度不变，电离平衡

27、常数不变。详解：A、醋酸中水电离出的氢离子浓度等于溶液中的氢氧根离子浓度为10-11mol/L，硫酸铝溶液中水电离出的氢离子浓度等于溶液中氢离子的浓度为10-3mol/L，10-11：10-3=1:108，故A正确；B、升高温度，水的离子积KW增大，故B错误；C、温度未知，无法判断溶液的酸碱性，故C错误；D、室温下，将pH2的盐酸与pH12的氨水等体积混合，碱过量，溶液呈碱性，故D错误；故选A。13、C【答案解析】A. 含有羧基能发生酯化反应，含有碳碳双键，能发生加成反应、氧化反应，能和氢气发生还原反应，不能发生消去反应，故A不符合；B. 含有羟基能发生酯化反应，含有碳碳双键，能发生加成反应、

28、氧化反应，能和氢气发生还原反应，和羟基连碳的邻碳上没有氢，不能发生消去反应，故B不符合；C. 含有醛基，能发生加成反应、氧化反应，能和氢气发生还原反应，含有羟基，能发生酯化反应、消去反应，故C符合题意；D. 含有碳碳双键和醛基，能发生加成反应、氧化反应，能和氢气发生还原反应，不能发生消去反应和酯化反应，故D不符合；答案：C。14、C【答案解析】X、Y是主族元素，I为电离能，X第一电离能和第二电离能差距较大，说明X为第IA族元素；Y第三电离能和第四电离能差距较大，说明Y为第IIIA族元素，X的第一电离能小于Y，说明X的金属活泼性大于Y。【题目详解】AX为第IA族元素，元素最高化合价与其族序数相等

29、，所以X常见化合价为+1价，故A正确；B通过以上分析知，Y为第IIIA族元素，故B正确；C若元素Y处于第3周期，为Al元素，它不能与冷水剧烈反应，但能溶于酸和强碱溶液，故C错误；DX常见化合价为+1价，所以元素X与氯元素形成化合物时，化学式可能是XCl，故D正确；故选C。15、C【答案解析】A根据，可计算出c(H+)=0.1mol/L，说明该一元酸为强酸，加入少量NaA晶体时，溶液中c(OH-)不变，加水稀释，溶液中c(H+)减小，则c(OH-)增大，A项错误；BKHC2O4溶液呈酸性，说明HC2O4-电离程度大于水解程度，则c(C2O42-)c(H2C2O4)，B项错误；CNaHSO3水解方

30、程式为：HSO3-+H2OH2SO3+OH-，其水解平衡常数Kh=，C项正确；DNaHSO4是强酸的酸式盐，在水溶液中完全电离，故0.1molL-1NaHSO4溶液中根据电荷守恒有：c(Na+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-)，D项错误；答案选C。16、B【答案解析】分析：向硫酸锌溶液中加入氨水，氨水先和硫酸锌反应生成氢氧化锌沉淀，继续添加氨水，氨水和氢氧化锌反应生成可溶性的锌氨络合物；A硫酸锌先和氨水反应生成氢氧化锌，氢氧化锌和氨水反应生成络合物；B氢氧化锌和氨水反应生成配合物而使溶液澄清；C硝酸锌中的锌离子和氨水与硫酸锌中锌离子和氨水反应本质是相同的；D配合物中，配位体提供孤

31、电子对，中心原子提供空轨道形成配位键。详解：硫酸锌和氨水反应生成氢氧化锌沉淀，继续加氨水时，氢氧化锌和氨水继续反应生成锌氨络合物而使溶液澄清，所以溶液中锌离子浓度减小，A选项错误；硫酸锌和氨水反应生成氢氧化锌沉淀，继续加氨水时，氢氧化锌和氨水继续反应生成络合物离子Zn（NH3）42+而使溶液澄清，B选项正确；硝酸锌中的锌离子和氨水反应与硫酸锌中锌离子和氨水反应都是锌离子和氨水反应，本质相同，反应现象相同，硝酸锌溶液代替硫酸锌溶液进行实验，能观察到同样现象，C选项错误；在Zn（NH3）42+离子中，Zn2+提供空轨道，NH3提供孤电子对，D选项错误；正确选项B。二、非选择题（本题包括5小题）17

32、、乙醇 CH3COOH 醛基 碳碳双键 2CH3CH2OHO2 2CH3CHO+2H2O 氧化反应 CH3CH(CH3)COOH+CH3CH2OHCH3CH(CH3)COOCH2CH3+H2O 酯化反应(或取代反应) 5 HOCH2CH2CH2CHO 【答案解析】有机物A(C6H12O2)具有果香味，可用作食品加香剂，则A为酯，B和E发生酯化反应生成A，则B和E为醇和酸，B能够发生氧化反应生成C，C能够继续发生氧化反应生成D，则B为醇，D为酸；D、E具有相同官能团，E的相对分子质量比D大，则E中含有四个碳原子，B中含有2个碳原子，E分子含有支链，因此B为乙醇，E为(CH3)2CHCOOH，则A

33、为(CH3)2CHCOOCH2CH3，C为乙醛，D为乙酸；乙醇在浓硫酸存在时发生脱水反应生成F，F是可以使溴的四氯化碳溶液褪色的烃，则F为乙烯，据此分析解答。【题目详解】根据上述分析，A为(CH3)2CHCOOCH2CH3，B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸，E为(CH3)2CHCOOH，F为乙烯。(1) B为乙醇；D为乙酸，结构简式为CH3COOH，故答案为：乙醇；CH3COOH；(2) C为乙醛，F为乙烯，所含的官能团分别是醛基、碳碳双键，故答案为：醛基；碳碳双键；(3) 有机物B生成C的化学反应方程式为2CH3CH2OHO2 2CH3CHO+2H2O，该反应属于氧化反应，故答案为：2CH3CH

34、2OHO2 2CH3CHO+2H2O；氧化反应；(4) 有机物B与E反应生成A的化学反应方程式CH3CH(CH3)COOH+CH3CH2OHCH3CH(CH3)COOCH2CH3+H2O，该反应为酯化反应，也是取代反应，故答案为：CH3CH(CH3)COOH+CH3CH2OHCH3CH(CH3)COOCH2CH3+H2O；酯化反应或取代反应；(5) E为(CH3)2CHCOOH，E的同分异构体中能同时满足下列条件：能与Na反应，说明结构中含有羟基或羧基；能发生银镜反应，说明结构中含有醛基，因此E的同分异构体中含有醛基和羟基，除去醛基，还有3个碳原子，满足条件的有：醛基连接在1号碳原子上，羟基有

35、3种连接方式；醛基连接在2号碳原子上，羟基有2种连接方式，共5种同分异构体，如HOCH2CH2CH2CHO、CH3CHOHCH2CHO等，故答案为：5；HOCH2CH2CH2CHO(或CH3CHOHCH2CHO等)。18、NaON ONNa NH3 氨气分子间有氢键，所以沸点高 Ar3d7或1s22s22p63s23p63d7 As4O6 sp3 4 Na2O 【答案解析】A元素的价电子排布为nsnnpn1，可知n=2，A价电子排布式为2s22p3，那么A的核外电子排布式为1s22s22p3，则A为N；B元素原子最外层电子数是次外层电子数的3倍，则B为O；C位于B的下一周期，是本周期最活泼的金

36、属元素，则C为Na；D基态原子的3d原子轨道上的电子数是4s原子轨道上的4倍，则D基态原子的价电子排布式为3d84s2，那么D核外电子总数=18+10=28，D为Ni；E元素原子的4p轨道上有3个未成对电子，则E基态原子的价电子排布式为：3d104s24p3，那么E原子核外有18+10+2+3=33个电子，E为：As；综上所述，A为N，B为O，C为Na，D为Ni，E为As，据此分析回答。【题目详解】(1) 第一电离能是基态的气态原子失去最外层的一个电子所需能量。第一电离能数值越小，原子越容易失去一个电子，第一电离能数值越大，原子越难失去一个电子。一般来说，非金属性越强，第一电离能越大，所以Na

37、的第一电离能最小，N的基态原子处于半充满状态，比同周期相邻的O能量低，更稳定，不易失电子，所以N的第一电离能比O大，即三者的第一电离能关系为：NaON，非金属性越强，电负性越大，所以电负性关系为：ONNa，故答案为：NaON ；ONNa；(2)N和As位于同主族，简单气态氢化物为NH3和AsH3，NH3分子之间有氢键，熔沸点比AsH3高，故答案为：NH3；氨气分子间有氢键，所以沸点高；(3)Ni是28号元素，Ni3+核外有25个电子，其核外电子排布式为：Ar3d7或1s22s22p63s23p63d7，故答案为：Ar3d7或1s22s22p63s23p63d7； (4)E为As，As为33号元

38、素，基态原子核外有33个电子，其基态原子的价电子轨道表示式，故答案为：；(5)由图可知，1个该分子含6个O原子，4个As原子，故化学式为：As4O6，中心As原子键电子对数=3，孤对电子数=，价层电子对数=3+1=4，所以As4O6为sp3杂化，故答案为：As4O6；sp3；(6)O和Na的简单离子，O的离子半径更大，所以白色小球代表O2-，黑色小球代表Na+；由均摊法可得，每个晶胞中：O2-个数=4，Na+个数=8，所以，一个晶胞中有4个O2-，R的化学式为Na2O，故答案为：4；Na2O；1个晶胞的质量= ，1个晶胞的体积=(a pm)3= ，所以密度=gcm3，故答案为：。19、常温下F

39、e在浓硫酸中发生钝化 铁、碳、硫酸溶液形成原电池 检验SO2的存在 C+2H2SO4(浓) CO2+2SO2+2H2O 酸性KMnO4溶液或溴水(或其他合理答案) 品红溶液 品红溶液不褪色或无明显现象 250 mL容量瓶 滴入最后一滴酸性高锰酸钾溶液,溶液呈浅紫色,且30 s内不变色 %. 【答案解析】在常温下，Fe和C，与浓硫酸均不反应，在加热条件下，可以反应，生成SO2和CO2，利用品红检验SO2，利用石灰水检验CO2，但是SO2的存在会对CO2的检验产生干扰，因此需要除杂，并且验证SO2已经被除尽。【题目详解】(1)在加热条件下C和浓硫酸发生氧化还原反应，常温下，铁和浓硫酸发生钝化现象，

40、C和浓硫酸不反应，所以在未点燃酒精灯前A、B均未产生现象，故答案为：铁和浓硫酸发生钝化现象；(2)随着反应的进行，溶液浓度减小，速率应该减小，但事实上反应速率仍较快，该反应没有催化剂，浓度在减小，压强没有发生改变，只能是Fe和C形成原电池，Fe作负极，加快了氧化还原反应的速率所以速率加快的原因可能是C、Fe和硫酸构成原电池，从而加速反应速率；(3)SO2能和有色物质反应生成无色物质而具有漂白性，SO2能使品红溶液褪色，所以B可以检验SO2的存在；(4)加热条件下，C和浓硫酸发生氧化还原反应生成CO2、SO2和H2O，反应方程式为C+2H2SO4(浓) CO2+2SO2+2H2O；(5)SO2也

41、能使澄清石灰水变浑浊，用澄清石灰水检验CO2之前要除去SO2，防止对CO2造成干扰，所以在B-C之间增加装置酸性高锰酸钾溶液或溴水和品红溶液，酸性高锰酸钾或溴水是吸收二氧化硫、品红溶液是检验二氧化硫是否除尽，如果二氧化硫完全被吸收，则F中溶液不褪色或无明显现象；(6)要测量Fe的质量分数，配制溶液的时候不能粗略地用烧杯稀释，而应该使用容量瓶，因此还需要容量瓶250mL容量瓶；Fe2和高锰酸钾发生氧化还原反应而使溶液褪色，高锰酸钾溶液有颜色、生成的锰离子无色，所以有明显的颜色变化。终点的标志为滴入最后一滴酸性高锰酸钾溶液,溶液呈浅紫色,且30 s内不变色；设参加反应的亚铁离子的物质的量为x，消耗

42、的高锰酸钾的物质的量为0.001cVmol。根据5Fe2+MnO4+8H5Fe3+Mn2+4H2O中Fe2和MnO4的比例关系，有5 Fe2MnO45mol 1molx 0.001cVmol5mol：1mol=x：0.001cVmol；则250mL滤液中n(Fe2)=0.005cVmol10=0.05cVmol，根据Fe原子守恒得n(Fe)=(Fe2)=0.05cVmol，m(Fe)=0.05cVmol56gmol1=2.8cVgFe质量分数=。20、烧杯、玻璃棒 防止溶液里的Fe2 被氧化 Cl2 2FeCl2 2FeCl3 ad 取少量最后一次的洗涤液于试管中 ，向试管中溶液加适量AgNO3溶液 ，如未出现白色沉淀说明已洗净 5.08 【答案解析】（1）溶解所用到的仪器为烧杯、玻璃棒；（2）FeCl2易被空气中的氧气氧化成FeCl3；（3）Cl2将FeCl2氧化生成FeCl3；（4）分析操作对溶质的物质的量或对溶液的体积的影响，根据c=分析判断；（5）氯化钠和硝酸银反应生成氯化银沉淀和硝酸钠；（6）依据原子个数守恒建立方程组求解。【题目详解】（1）溶解过程中所用到的