陕西省咸阳彩虹中学2023学年化学高一下期末经典试题含答案解析

1、2023学年高一下化学期末模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在测试卷卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在测试卷卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、相同质量的铝分别投入足量的下列物质中反应生成氢气，消耗溶质物质的量最少的是A稀硫酸 B稀盐酸 C氢氧化钡溶液 D氢氧化钠溶液2、如图是常见四种有机物的比例模型示意图。下列说法正确的是()A能使酸性高锰酸钾溶液褪色B可与溴水发生取代反应使溴水褪色C在铁作催化剂下与溴水发生取代反应D在浓硫酸作用下可与乙酸发生取代反应3、下列离子化合物中，阴、阳离子的电子层结构相同的是()ANaCl BLiClCMgO DNa2S4、用下列实验装置进行的实验中，不能达到相应实验目的的是A装置甲：气体从口进入，收集Cl2 B装置乙：可制得金属锰C装置丙：实验室

3、制取乙酸乙酯 D装置丁：验证HCl气体在水中的溶解性5、把在空气中久置的铝片 5.0 g投入盛有500mL0.5molL-1硫酸溶液的烧杯中，该铝片与硫酸反应产生氢气的速率v与反应时间t可用如下图的坐标曲线来表示，下列推论错误的是( )At由0a段不产生氢气是因为表面的氧化物隔离了铝和硫酸溶液Bt由bc段产生氢气的速率增加较快的主要原因之一是反应放热温度升高Ct=c时反应处平衡状态Dtc产生氢气的速率降低主要原因是溶液中c(H+)降低6、为探究原电池的形成条件和反应原理，某同学设计了如下实验并记录了现象： 向一定浓度的稀硫酸中插入锌片，看到有气泡生成； 向上述稀硫酸中插入铜片，没有看到有气泡生

4、成； 将锌片与铜片上端用导线连接，一起插入稀硫酸中，看到铜片上有气泡生成，且生成气泡的速率比实验中快 在锌片和铜片中间接上电流计，再将锌片和铜片插入稀硫酸中，发现电流计指针偏转。下列关于以上实验设计及现象的分析，不正确的是A实验、说明锌能与稀硫酸反应而铜不能B实验说明发生原电池反应时会加快化学反应速率C实验说明在该条件下铜可以与稀硫酸反应生成氢气D实验说明该原电池中铜为正极、锌为负极，电子由锌沿导线流向铜7、下列事实或操作不符合平衡移动原理的是（ ）A开启啤酒有泡沫逸出B向FeCl3溶液中加KSCN，有Fe（SCN)3(血红色)+3KCl反应，平衡后向体系中加入KCl固体，使体系红色变浅C装有

5、的烧瓶置于热水中颜色加深D实验室用排饱和食盐水的方法收集氯气8、下列实验现象或结论错误的是（ ）A向某溶液中加入稀盐酸，无明显现象，再加BaCl2溶液，有白色沉淀生成，则原溶液中一定含有SO42-B取某溶液进行焰色反应，透过蓝色钴玻璃火焰呈紫色，则原溶液中一定只含有KC向AlCl3溶液中逐滴加入NaOH溶液至过量，现象是先产生白色沉淀，后沉淀逐渐溶解D向某溶液中加入NaOH溶液并加热，产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，则原溶液中一定含有NH4+9、化学与人类生活、社会可持续发展密切相关，下列措施有利于节能减排、保护环境的是加快化石燃料的开采与使用；研发易降解的生物农药；应用高效洁净的能源转

6、换技术；田间焚烧秸秆；推广使用节能环保材料。ABCD10、短周期主族元素A、B、C、D的原子序数依次增大，A和B形成的气态化合物的水溶液呈碱性，B位于第A族，A和C同主族，D原子最外层电子数与电子层数相等。下列叙述正确的是A原子半径：DCBB单质的还原性：DCC元素A、B、C的氧化物均为共价化合物D元素B、C、D的最高价氧化物对应水化物能相互反应11、下列有机物属于烃的是( )。AC3H8 BC2H5OH CCH2C12 D 12、过氧化氢(H2O2)溶液俗称双氧水,医疗上常用3%的双氧水进行伤口消毒。H2O2能与SO2反应生成H2SO4，H2O2的分子结构如图所示。下列说法错误的是（ ）AH

7、2O2的结构式为HOOHBH2O2为含有极性键和非极件键的共价化合物CH2O2与SO2在水溶液中反应的离子方程式为SO2+ H2O2=2H+ SO42-DH2O2与SO2反应过程中有共价键断裂，同时有共价键和离子键形成13、在含有Fe2+、Al3+、Fe3+、Na+的溶液中，加入足量的Na2O2固体，充分反应后，再加入过量的稀盐酸，完全反应后，溶液中离子数目几乎没有变化的是AFe2+BAl3+CFe3+DNa+14、科学家预测原子序数为114的元素，具有相当稳定性的同位素，它的位置在第7周期IVA族，称为类铅。关于它的性质，预测错误的是A它的最外层电子数为4B它的金属性比铅强C它具有+2、+4

8、价D它的最高价氧化物的水化物是强酸15、最近日本科学家确认世界还存在着另一种“分子足球”N60，它与C60分子结构相似。N60在高温或撞击后会释放出巨大能量。下列对N60的说法不正确的是()AN60和14N都是氮的同位素 BN60和N2都是氮的同素异形体CN60中氮原子之间由共价键结合 DN60的摩尔质量为840g/mol16、在1200时，天然气脱硫工艺中会发生下列反应H2S(g)+O2(g)=SO2(g)+H2O(g) H12H2S(g)+SO2(g)=S2(g)+2H2O(g) H2H2S(g)+O2(g)=S(g)+H2O(g) H32S(g) =S2(g) H4则H4的正确表达式为（

9、 ）AH4=2/3（H1+H2-3H3）BH4=2/3（3H3-H1-H2）CH4=3/2（H1+H2-3H3）DH4=3/2（H1-H2-3H3）二、非选择题（本题包括5小题）17、下表是元素周期表的一部分，针对表中的种元素，填写下列空白 AAAAAAA0234 (用元素符号或化学式回答下列问题)(1)在这些元素中，化学性质最不活泼的是_，其原子结构示意图是_。(2)用电子式表示元素与组成的化合物的形成过程：_，该化合物属于_(填“共价”或“离子”)化合物。(3)常温下呈液态的非金属单质是_。(4)表中能形成两性氢氧化物的元素是_，该元素的单质与的最高价氧化物的水化物反应的化学方程式是_。(

10、5)、三种元素的最高价氧化物对应的水化物中，按酸性增强的顺序排列为_。18、下表是A、B、C、D四种有机物的有关信息：A能使溴的四氯化碳溶液褪色；比例模型为；能与水在一定条件下反应生成CB由CH两种元素组成；球棍模型为C由CH、O三种元素组成；能与Na反应，但不能与NaOH溶液反应；能与D反应生成相对分子质量为88的酯D由CH、O三种元素组成；球棍模型为回答下列问题：（1）A与溴的四氯化碳溶液反应的化学方程式为：_；反应类型_。（2）B具有的性质是_(填序号)。无色无味液体 有毒 不溶于水 密度比水大 与酸性KMnO4溶液和溴水反应褪色 任何条件下不与氢气反应（3）C所含官能团的名称是_，D所

11、含官能团的名称是_，C和D发生酯化的反应方程式_。19、德国化学家凯库勒认为：苯分子是由6个碳原子以单双键相互交替结合而成的环状结构.为了验证凯库勒有关苯环的观点，甲同学设计了如图实验方案。按如图所示的装置图连接好各仪器；检验装置的气密性；在A中加入适量的苯和液溴的混合液体，再加入少最铁粉，塞上橡皮塞，打开止水夹K1、K2、K3；待C中烧瓶收集满气体后，将导管b的下端插入烧杯里的水中，挤压預先装有水的胶头滴管的胶头，观察实验现象。请回答下列问题。（1）A中所发生反应的反应方程式为_，能证明凯库勒观点错误的实验现象是_。（2）装置B的作用是_。（3）C中烧瓶的容积为500mL，收集气体时，由于空

12、气未排尽，最终水未充满烧瓶，假设烧瓶中混合气体对H2的相对密度为37.9，则实验结束时，进入烧瓶中的水的体积为_ mL (空气的平均相对分子质量为29）。（4）已知乳酸的结构简式为。试回答：乳酸分子中含有_和_两种官能团（写名称）。乳酸跟氢氧化钠溶液反应的化学方程式：_。20、实验室需要配制0.50 molL1 NaCl溶液480 mL。按下列操作步骤填上适当的文字，使整个操作完整。选择仪器。完成本实验必须用到的仪器有：托盘天平(带砝码，最小砝码为5g)、量筒、药匙、烧杯、玻璃棒、_、胶头滴管等以及等质量的两片滤纸。计算。配制该溶液需取NaCl晶体_g。称量。称量过程中NaCl晶体应放于天平的

13、_(填“左盘”或“右盘”)。称量完毕，将药品倒入烧杯中。溶解、冷却。该步实验中需要使用玻璃棒，目的是_。移液、洗涤。在移液时应使用玻璃棒引流，需要洗涤烧杯23次是为了_。定容。向容量瓶中加水至液面接近刻度线_处，改用胶头滴管加水，使溶液凹液面与刻度线相切。若定容时俯视容量瓶的刻度线会导致所配溶液的浓度_(填“偏高”、“偏低”或“”“不变”)；溶解搅拌时有液体溅出，会导致所配溶液的浓度_(同上)。摇匀、装瓶。21、社会在飞速发展，环境问题也备受关注，如何减少污染，寻求清洁能源是现代学者研究的方向。、为了模拟汽车尾气在催化转化器内的工作情况（1）控制条件，让反应在恒容密闭容器中进行如下反应:2NO

14、(g)+2CO(g) N2(g)+2CO2(g)，用传感器测得不同时间NO和CO的浓度如下表：时间/s012345c(NO)(10-4mol/L)10.04.502.501.501.001.00c(CO)(10-3mol/L)3.603.052.852.752.702.70前2s内的平均反应速率v(N2)=_（2）用氨气催化氧化还原法脱硝(NOx)根据下图 (纵坐标是脱硝效率、横坐标为氨氮物质的量之比)，判断提高脱硝效率的最佳条件是：_。已知: N2(g)+O2(g)=2NO(g)H=+akJ/molN2(g)+3H2(g) 2NH3(g)H=-bk/mol2H2(g)+O2(g)=2H2O(

15、g)H=-ckJ/mol其中a、b、c均为大于0。则放热反应:4NO(g)+4NH3(g)+O2(g) 4N2(g)+6H2O(g)H=_。、甲醇是一种很好的燃料（1）在压强为0.1MPa条件下，a mol CO与3a mol H2的混合气体在催化剂作用下能自发反应生成甲醇：CO（g）+2H2（g）CH3OH（l） H0 。为了寻找合成甲醇的适宜温度和压强，某同学设计了三组实验，部分实验条件已经填在了下面的实验设计表中实验编号T（）n（CO）/n（H2）P（MPa）1802：30.1n2：35350m5表中剩余的实验数据：n=_，m=_（2）CH3OH燃料电池是目前开发最成功的燃料电池之一，这

16、种燃料电池由甲醇、空气(氧气)、KOH(电解质溶液)构成。下列说法正确的是_(填序号)。电池放电时通入空气的电极为负极电池放电时，电解质溶液的碱性逐渐减弱电池放电时每消耗6.4 g CH3OH转移1.2 mol电子负极反应式为CH3OH8OH6e=CO32-+6H2O2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、C【答案解析】设Al均为2mol，则A由2Al3H2SO4可知，生成氢气，消耗3molH2SO4；B由2Al6HCl可知，生成氢气，消耗6molHCl；C由2AlBa(OH)2可知，生成氢气，消耗1molBa(OH)2；D由2Al2NaOH可知，

17、生成氢气，消耗2molNaOH；所以消耗溶质的物质的量最少的是氢氧化钡溶液。答案选C。2、D【答案解析】A.表示的甲烷，该物质具有稳定性，不能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使其褪色，A错误；B.该模型表示的乙烯分子，由于含有碳碳双键，可以与溴水发生加成反应而使溴水褪色，B错误；C.该物质表示苯，该物质在一定条件下能够与液溴发生取代反应，产生溴苯和HBr，不是与溴水发生取代反应，C错误；D.该比例模型表示的是乙醇，乙醇与乙酸在浓硫酸存在和加热条件下，可以发生取代反应产生乙酸乙酯和水，D正确。3、C【答案解析】A、NaCl中钠离子核外有10个电子、Cl离子核外有18个电子，氯离子电子层比钠离子多一个，电

18、子层结构不同，故A错误；B、LiCl中钠锂离子核外有2个电子、Cl离子核外有18个电子,氯离子电子层比锂离子多2个，电子层结构不同，故B错误；C、氧化镁中氧离子和镁离子核外电子数都是10，其阴阳离子电子层结构相同，故C正确；D、Na2S中钠离子核外有10个电子、硫离子核外有18个电子，硫离子比钠离子多1个电子层，电子层结构不同，故D错误；故选C。【答案点睛】本题重点考查离子的核外电子排布的书写。离子化合物中，阴阳离子电子层结构相同，说明阳离子元素位于阴离子元素下一周期，且阴阳离子核外电子数相等。据此分析解答。4、C【答案解析】测试卷分析：ACl2密度比空气大，与空气不能反应，因此可以用向上排空

19、气的方法收集，故可以使用装置甲，气体从口进入，收集Cl2，正确；B.由于金属活动性AlMn，所以可以用铝热反应选用装置乙来可制得金属锰，正确；C加热乙酸、乙醇和浓硫酸的混合物来制取乙酸乙酯。由于乙酸、乙醇都有挥发性，而且乙醇容易溶于水，乙酸可以与NaOH发生反应，而产生的乙酸乙酯也可以使乙酸乙酯发生水解反应消耗，因此使用装置丙来进行实验室制取乙酸乙酯时要换成饱和Na2CO3溶液来分离除杂，错误；D.HCl溶于水使烧瓶中气体压强减小，小气球会鼓起胀大，因此可以使用该装置验证HCl气体在水中的溶解性大小，正确。考点：考查化学实验操作的正误判断的知识。5、C【答案解析】A.因铝的表面有一层致密的Al

20、2O3能与HCl反应得到盐和水，无氢气放出，发生的反应为Al2O3+6HCl=2AlCl3+3H2O，故A正确；B.在反应过程中，浓度减小，反应速率减小，但反应放热，溶液温度升高，反应速率加快，且后者为主要因素，故B正确；C.反应不是化学平衡，随反应进行反应放热对速率的影响比浓度减少的影响大，当t=c时温度影响最大，tc时温度影响不是主要因素，浓度减少是主要因素，故C错误；D.随着反应的进行，溶液中的氢离子浓度逐渐降低，所以反应速率逐渐减小，故D正确；故选:C。【答案点睛】化学平衡研究的对象是可逆反应，可逆反应在一定条件下达到平衡状态。6、C【答案解析】A中能产生气体，说明锌能和稀硫酸反应，中

21、不产生气体，说明铜和稀硫酸不反应，同时说明锌的活泼性大于铜，故A正确；B中锌、铜和电解质溶液构成原电池，锌易失电子而作负极，生成气泡的速率加快，说明原电池能加快作负极金属被腐蚀，故B正确；C中铜电极上氢离子得电子生成氢气，而不是铜和稀硫酸反应生成氢气，故C错误；D实验说明有电流产生，易失电子的金属作负极，所以锌作负极，铜作正极，故D正确；故选C。7、B【答案解析】A啤酒中存在平衡：CO2（g）CO2(aq)，开启啤酒后压强减小，平衡逆向移动，有泡沫溢出，A项排除；B从实际参与反应的离子分析，氯化钾不参与反应，KCl的加入并不能使平衡移动，B项可选；C装有二氧化氮的烧瓶中存在平衡2 NO2 N2

22、O4 H 0，温度升高，平衡逆向移动，气体颜色加深，C项排除；D氯气能和水反应Cl2+H2OH+Cl-+HClO，实验室用排饱和食盐水的方法收集氯气，氯离子浓度增大，平衡逆向移动，减少氯气和水的反应损耗，D项排除；所以答案选择B项。8、B【答案解析】分析：A先加入稀盐酸，排除干扰离子碳酸根、亚硫酸根等离子，然后加入氯化钡，若生成白色沉淀，说明溶液中一定存在硫酸根离子；B焰色反应中，火焰颜色为紫色，说明溶液中一定存在钾离子，也可能含有钠离子；C铝离子先与氢氧化钠溶液反应生成氢氧化铝沉淀，若氢氧化钠过量，氢氧化铝沉淀会逐渐溶解；D能够使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体一定为氨气，原溶液中一定存在铵根离

23、子。详解：A向某溶液中加入稀盐酸，无明显现象，排除了干扰离子，如碳酸根离子、亚硫酸根离子等，再加BaCl2溶液，有白色沉淀生成，该白色沉淀为硫酸钡，说明原溶液中一定含有SO42-，A正确；B取某溶液进行焰色反应时，透过蓝色钴玻璃火焰呈紫色，则原溶液中一定含有K+，由于蓝色钴玻璃能滤去黄光，所以不能排除Na+，B错误；C向AlCl3溶液中逐滴加入NaOH溶液至过量，现象是先产生白色沉淀氢氧化铝，由于氢氧化铝能够溶于强碱，所以氢氧化钠过量后氢氧化铝沉淀逐渐溶解直至消失，C正确；D向某溶液中加入NaOH溶液并加热，产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，该气体一定为氨气，则证明原溶液中一定含有NH4+

24、，D正确；答案选B。点睛：本题考查了常见离子的检验，题目难度中等，注意熟练掌握常见离子的检验方法，如硫酸根离子、氯离子、铵根离子等，在离子检验中经常涉及，离子检验时必须排除干扰离子，做到检验方案的严密性。9、B【答案解析】化石燃料的开采与使用，焚烧秸秆向大气中排放大量的二氧化碳和有害气体，破坏了环境，故均不利于环境的保护；而有利于节能减排、环境保护，故选B。10、D【答案解析】短周期主族元素A、B、C、D的原子序数依次增大，A和B形成的气态化合物的水溶液呈碱性，B位于第VA族，该化合物为氨气，可推知A为氢元素、B为N元素；A和C同主族，C的原子序数大于N，则C为Na；D原子序数大于Na，处于第

25、三周期，D原子最外层电子数与电子层数相等，则D为Al。【题目详解】A同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，故原子半径NaAlN，故A错误；B金属性NaAl，故还原性NaAl，故B错误；CH元素、N元素的氧化物均为共价化合物，Na的氧化物属于离子化合物，故C错误；D氢氧化铝是两性氢氧化物，能与硝酸、氢氧化钠反应，硝酸与氢氧化钠发生中和反应，故D正确。故选D。11、A【答案解析】测试卷分析：烃是指仅含有碳和氢两种元素的有机物。所以答案为A考点：考查烃概念的应用12、D【答案解析】A. 由H2O2的分子结构图可知，H2O2的结构式为HOOH，故A正确；B. H2O2为共价化合物，含

26、有H-O极性键和O-O非极件键，故B正确；C. H2O2与SO2在水溶液中反应的化学方程式为H2O2+ SO2=H2SO4，H2SO4为强电解质，完全电离，反应的离子方程式为SO2+ H2O2=2H+ SO42-，故C正确；D. H2O2与SO2反应的化学方程式为H2O2+ SO2=H2SO4，反应过程中有共价键断裂，同时有共价键形成，但没有离子键的形成，故D错误；答案选D。13、B【答案解析】A、因为Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成NaOH，因此Fe2+被氧化成Fe3+，并沉淀，然后再加入盐酸产生氯化铁，所以二价铁离子数目减小，故A错误；B、Na2O2遇水生成NaOH，铝离子能和过量的氢氧

27、化钠反应生成四羟基合铝酸根离子，在盐酸作用下又会生成铝离子，根据铝元素守恒，铝离子数目不变，故B正确；C、因为Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成NaOH，因此Fe2+被氧化成Fe3+，并沉淀，然后再加入盐酸产生氯化铁，所以三价铁离子数目增加，故C错误；D、加入Na2O2固体,生成了NaOH和O2，在盐酸作用下又会生成氯化钠，Na+数目增大，故D错误。【答案点睛】本题考查过氧化钠的性质，可以根据所学知识进行回答，注意亚铁离子被氧化为三价铁离子是解题的易错点。14、D【答案解析】原子序数为114的元素在第7周期IVA族。则A.它的最外层电子数为4，A正确；B.同主族元素由上到下元素的金属性逐渐增强

28、，故它的金属性比铅强，B正确；C.该元素在第7周期IVA族，它具有+2、+4价，C正确；D.同主族元素由上到下元素的金属性逐渐增强，最高价氧化物水化物的酸性减弱，碳酸为弱酸，故它的最高价氧化物的水化物不可能是强酸，D错误。答案选D。15、A【答案解析】AN60为单质，14N为原子，二者不是同位素关系，故A错误；BN60和N2都是单质，且均只含N元素，则均为氮的同素异形体，故B正确；C只有一种非金属元素，可知N60中氮原子之间由共价键结合，故C正确；DN60的相对原子质量为840，则摩尔质量为840g/mol，故D正确；答案为A。16、A【答案解析】根据盖斯定律，得：S(g)+O2(g)=SO2

29、(g) H5=（H1-H3）；根据盖斯定律，得：SO2(g)+S(g)=O2(g) + S2(g) H6=（H2-2H3）；+得：2S(g) =S2(g) H4=（H1+H2-3H3），答案为A。二、非选择题（本题包括5小题）17、Ar 离子 Br2 Al 2Al+2KOH+2H2O=2KAlO2+3H2 H2CO3H2SO4HClO4 【答案解析】由元素在周期表中的位置可知，为C，为N，为F，为Na，为Al，为S，为Cl，为Ar，为K，为Br，结合原子结构和元素周期律分析解答。【题目详解】由元素在周期表中的位置可知，为C，为N，为F，为Na，为Al，为S，为Cl，为Ar，为K，为Br。(1)

30、上述元素中，最不活泼的是惰性元素，为Ar，其原子结构示意图为，故答案为：Ar；(2)与的化合物为氯化钠，为离子化合物，其形成过程用电子式表示为，故答案为：；离子；(3)常温下呈液态的非金属单质为Br2，故答案为：Br2；(4)氢氧化铝是两性氢氧化物，铝能与氢氧化钾反应生成偏铝酸钾，反应的化学方程式为2Al+2KOH+2H2O=2KAlO2+3H2，故答案为：Al；2Al+2KOH+2H2O=2KAlO2+3H2；(5)元素的非金属性越强，最高价氧化物对应的水化物的酸性越强，、三种元素的最高价氧化物对应的水化物中，按酸性增强的顺序排列为H2CO3H2SO4HClO4，故答案为：H2CO3H2SO

31、4HClO4。18、 加成反应 羟基 羧基 【答案解析】A能使溴的四氯化碳溶液褪色，含有不饱和键，结合比例模型可以知道A为CH2=CH2；B由C、H两种元素组成，有球棍模型可知B为苯()；由D的球棍模型可知，D为CH3COOH；C由C、H、O三种元素组成，能与Na反应，但不能与NaOH溶液反应，能与D反应生成相对分子质量为88的酯，则C为CH3CH2OH，据此解答问题。【题目详解】(1)A是乙烯，与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，化学反应方程式为，故答案为：；加成反应；(2)B是苯，苯是无色有特殊气味的液体，有毒，不溶于水，且密度比水小，与酸性高锰酸钾溶液和溴水都不发生反应，在一定条件下能和氢气

32、发生加成反应生成环己烷，因此正确，故答案为：；(3) C为CH3CH2OH，含有的官能团为羟基，D为CH3COOH，含有的官能团为羧基，乙醇和乙酸发生酯化反应的方程式为，故答案为：羟基；羧基；。19、 a烧瓶中产生“喷泉”现象 除去未反应的苯蒸气和溴蒸气 450 羟基 羧基 CH3CH(OH)COOH +NaOHCH3CH(OH)COONa + H2O 【答案解析】（1）苯与液溴在溴化铁做催化剂的条件下生成溴苯和溴化氢，苯分子里的氢原子被溴原子所代替，反应的方程式是；该反应是取代反应，不是加成反应，所以苯分子中不存在碳碳单双键交替，所以凯库勒观点错误。由于生成的溴化氢极易溶于水，所以C中产生“

33、喷泉”现象；（2）由于反应放热，苯和液溴均易挥发，苯和溴极易溶于四氯化碳，用四氯化碳除去溴化氢气体中的溴蒸气和苯，以防干扰检验H+和Br；（3）烧瓶中混合气体对H2的相对密度为37.9，则烧瓶中气体的平均相对分子质量是37.9275.8。由于空气和溴化氢的相对分子质量分别是81和29，则烧瓶中溴化氢和空气的体积之比是=，所以溴化氢的体积分数是，因此实验结束时，进入烧瓶中的水的体积为500mL90%450mL；（4）根据乳酸的结构简式可知，分子中含有羟基和羧基两种官能团；含有羧基能和氢氧化钠反应，方程式为：CH3CHOHCOOHNaOHCH3CHOHCOONaH2O。点睛：本题考查苯的结构、性质

34、以及苯性质实验探究的有关判断。以实验为载体考查了有机物苯的性质，测试卷综合性强，理论和实践的联系紧密，有的还提供一些新的信息，这就要求学生必须认真、细致的审题，联系所学过的知识和技能，进行知识的类比、迁移、重组，全面细致的思考才能得出正确的结论。有利于培养学生规范严谨的实验设计能力和动手操作能力，有助于提升学生的学科素养。20、500 mL容量瓶 14.6 左盘 搅拌，加速NaCl溶解 保证溶质全部转入容量瓶中 12 cm 偏高 偏低 【答案解析】（1）根据配制溶液的步骤是计算、称量、溶解、移液、洗涤、定容、摇匀、装瓶来分析需要的仪器；根据m=cVM计算NaCl的质量；根据托盘天平的使用方法回答；溶解时用玻璃棒搅拌可以加速溶解；洗涤烧杯23次，可以保证溶质全部移入容量