湖北省鄂州市、黄冈市2023学年高一化学第二学期期末学业水平测试试题含答案解析

1、2023学年高一下化学期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、在我国的南海、东海海底已发

2、现天然气的水合物，它易燃烧，外形似冰，被称为“可燃冰”。“可燃冰”的开采，有助于解决人类面临的能源危机。下列说法不正确的是()A可燃冰的主要成分是甲烷 B可燃冰的形成说明甲烷易溶于水C常温常压下可燃冰极易挥发 D可燃冰是一种极具潜力的能源2、W、X、Y和Z为原子序数依次增大的四种短周期主族元素。W与Y同主族,Y原子的最外层电子数是其电子层数的2倍,X的原子半径在短周期元素中最大。下列说法正确的是（ ）A简单氢化物的稳定性：YZB简单离子的半径：ZYXWCX与其他三种元素均能形成离子化合物DY的氧化物对应的水化物均为强酸3、下列有关海水综合利用的说法正确的是A利用电解的方法可以从海水中获取淡水B

3、海水中含有钾元素，只需经过物理变化可以得到钾单质C海水蒸发制海盐的过程只发生了化学变化D从海水中可以得到NaCl，电解熔融NaCl可制备Cl24、下列离子方程式书写正确的是A氯化铁溶液溶解铜片：Fe3+ CuFe2+ Cu2B用醋酸溶液除水垢中的CaCO3：CaCO3+2H+=Ca2+H2O+CO2CAlCl3溶液中加入足量的氨水：Al3+4NH3H2O=AlO2-+4NH4+2H2OD金属钠与水反应：2Na+2H2O=2Na+2OH- +H25、对于反应2HI(g) H2(g) +I2(g),下列叙述能够说明己达平衡状态的是A混合气体的颜色不再变化B温度和体积一定时，容器内压强不再变化Clm

4、olH-H键生成的同时有2molH-I键断裂D各物质的物质的量浓度之比为2：1：16、下列物质既能起加成反应，也能起取代反应，同时能使溴水因反应褪色，也能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是A B C D7、下列各项中的两种物质不论以何种比例混合，只要混合物的总物质的量一定，则完全燃烧消耗O2的物质的量保持不变的是（ ）AC2H4、C2H6OBC2H6、C2H6OCC3H6、C2H4DC3H4、C2H6O8、下列有关原子或离子的结构示意图正确的是（ ）ABCD9、下列物质属于离子化合物的是AHClBNa2OCO2DCO10、下列叙述正确的是（ ）A铅位于周期表中金属与非金属元素的交界处，可作半导体材料B

5、若存在简单阴离子R2，则R一定属于第VIA族元素CS和Se属于第VIA族元素，H2S的还原性比H2Se的强D元素原子最外层电子数较小的金属一定比最外层电子数较它多的金属活泼11、人体所需的十多种微量元素中，有一种被称为“生命元素”的X元素，对于延长人类寿命起着重要的作用。已知X元素的原子有四个电子层，其最高价氧化物的分子式为XO3，则X元素的名称为A铁 B硫 C硒 D硅12、中国食盐产量居世界首位。下列实验室中的操作类似“海水晒盐”原理的 ( )A蒸馏 B过滤 C蒸发 D搅拌13、下列叙述错误的是A通常情况下，甲烷跟强酸、强碱和强氧化剂都不反应B甲烷化学性质稳定，不能被任何氧化剂氧化C甲烷与C

6、l2反应无论生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3还是CCl4，都属于取代反应D甲烷的四种有机取代产物有一种气态，其余三种为液态且都不溶于水14、下列物质性质的递变关系正确的是A酸性强弱：H3PO4 H2SO4 HC1O4B稳定性：HClH2SPH3C氧化性：Na+Mg2+Al3+D碱性：NaOHKOHCa(OH)2Mg(OH)215、可以用分液漏斗进行分离的混合物是（ ）A苯和水 B酒精和碘水 C乙酸和乙醇 D乙酸和水16、下列事实不能用原电池理论解释的是（ ）A铝片不用特殊方法保存B生铁比纯铁易生锈C制氢气时用粗锌而不用纯锌D工程施工队在铁制水管外刷一层“银粉”17、下列表示电子式的形成

7、过程正确的是 ( )AA BB CC DD18、下列物质放入水中，会显著放热的是（ ）A食盐B生石灰C硝酸铵D蔗糖19、甲、乙是由短周期元素组成的常见物质或微粒，在中学化学中有许多物质或微粒能满足下列相互转化关系：下列说法不正确的是A若乙为无色无味气体，则甲可能是CO32-B若甲是具有刺激性气味的气体，则甲、乙具有相同的电子数C若甲、乙均为离子，甲、乙两种离子在同一溶液中一定不能大量共存D甲有可能是AlO2-，也有可能是Al(OH)320、工业上用铝土矿(主要成分为A12O3，还有少量的Fe2O3、SiO2等杂质)提取氧化铝作冶炼铝的原料，提取的操作过程如下:下列说法错误的是A滤渣A主要成分为

8、SiO2B滤液乙含有的阴离子主要为Al(OH)4-、Cl-、OH-C滤液丙中溶质的主要成分为Na2CO3D的基本反应类型为分解反应21、等温等压下，有质子数相等的CO、N2、C2H2三种气体。下列说法正确的是（ ）A质量之比为1:1:1B体积之比为4:14:13C密度之比为13:13:14D原子个数之比为1:1:222、下列有关化学反应分类说法不正确的是ACH4和Cl2混合光照，属于取代反应B乙烯使酸性KMnO4褪色，属于加成反应C乙醇使酸性K2Cr2O7变绿，属于氧化反应D合成聚乙烯，属于加聚反应二、非选择题(共84分)23、（14分）甲、乙、丙、丁分别是乙烷、乙烯、乙炔、苯中的一种；甲、乙

9、能使溴的四氯化碳溶液褪色。乙与等物质的量的H2反应生成甲，甲与等物质的量的H2反应生成丙。丙既不能使溴的四氯化碳溶液褪色，也不能使KMnO4酸性溶液褪色。丁能使溴水褪色的原因与甲能使溴水褪色的原因不同，丁也不能使KMnO4酸性溶液褪色，但丁在一定条件下可与溴发生取代反应。相同条件下，丁蒸气的密度是乙密度的3倍。据以上叙述完成下列问题：（1）写出甲的结构简式_、乙的结构式_、丙分子中含有的化学键类型是_；（2）写出丁与液溴在催化剂作用下发生取代反应的方程式_；（3）写出甲使溴的四氯化碳溶液褪色的化学方程式_。24、（12分）我国科学家成功实现甲烷在催化剂及无氧条件下，一步高效生产乙烯、芳烃和氢气

10、等化学品，为天然气化工开发了一条革命性技术。以甲烷为原料合成部分化工产品流程如下（部分反应条件已略去）：（1）E 的名称为_，B物质的结构简式：_；（2）上述转化反应中，属于取代反应的有_（用反应序号填写）；（3）写出反应的反应方程式：_；（4）如图为实验室制取E的装置图，图中a试剂为_；（5）某同学在试管b中加入6.0克乙酸和足量乙醇采用适当条件使反应充分进行，结束后在试管b回收到3.0克乙酸，则该同学在本次实验中制得乙酸乙酯的最大质量为_。25、（12分）某化学兴趣小组为了制取氨气并探究其性质，按下列装置(部分夹持装置已略去)进行实验。(1)若氨气的发生装置选择a，则其化学反应方程式为_。

11、(2)若氨气的发生装置选择b，则所用的试剂为_和_。(3)B装置中的干燥剂可选用_。(4)实验中观察到C装置中的现象是_。(5)当实验进行一段时间后，挤压D装置中的胶头滴管，滴入12滴浓盐酸，可观察到的现象是_。(6)E中倒扣漏斗的作用是_。(7)写出证明b装置的气密性良好的操作与现象_。(8)用c装置做氨气喷泉实验时，如果没有胶头滴管，请写出引发喷泉的简单操作是_。26、（10分）某化学课外小组实验室制取乙酸乙酯时查阅资料如下：主反应：CH3COOH+C2H5OH浓H2SO4120-125CH副反应：2CH3CH2OH140浓硫酸CH3CH2OCH2CH3(乙醚)+HCH3CH2OHCH2=

12、CH2+H2O根据查得的资料设计了下图所示的装置(夹持装置忽略)制取纯净的乙酸乙酯。步骤如下：在图1的三口烧瓶中加入3mL乙醇，边摇动边慢慢加入3mL浓硫酸，在分液漏斗中装入3:2的乙醇和乙酸混合液。油浴加热三口烧瓶至一定温度，然后把分液漏斗中的混合液慢慢地滴入三口烧瓶里并保持反应混合物在一定温度。反应一段时间后，向锥形瓶中缓慢加入饱和Na2CO3溶液，并不断摇动，分层后进行分液。用饱和食盐水和氯化钙溶液洗涤酯层，再分液，在酯层加入干燥剂干燥得粗乙酸乙酯。将粗乙酸乙酯转入图2的仪器A中，在水浴中加热，收集7480的馏分即得纯净的水果香味无色透明液体。根掲题目要求回答：(1)在实验中浓硫酸的作用

13、_；混合液加热前都要加入碎瓷片，作用是_。(2)歩驟中油浴加热保持的一定温度范围_，原因是_。(3)图2中仪器A的名称是_，冷凝管中冷水从_(填a或b)口进入。(4)步骤和中都用到了分液操作，该操作用到的主要玻璃仪器是_，在分液操作时，上下两层液体移出的方法是_。(5)步骤中干燥乙酸乙酯，可选用的干燥剂为_(填字母)。a.五氧化二磷 b.无水Na2SO4 c.碱石灰27、（12分）某化学兴趣小组探究NO与Na2O2反应制备NaNO2。设计装置如图，请回答下列问题：(1)组装好仪器后，必须进行的一项操作是_。(2)装置A的产生的气体成分_。(3)反应前，用N2将装置B、C、D中的空气排净，目的是

14、_；反应后B中溶液变蓝的原因是_(用一个化学方程式表示)。 (4)装置D中除生成NaNO2外，还有另一种杂质是_；若撤除装置C还能产生杂质是_；为了防止以上情况，可以把装置C改为_(填试剂和仪器名称)。(5)一定条件下，NH4+可以处理含NO2的废水，生成无毒的气体。写出有关反应的离子方程式为_。(6)已知装置E中试剂X为酸性高锰酸钾溶液，其作用是_。28、（14分）（1） 的命名为_；（2）分子式为C4H8的烯烃中带有支链的烯烃的结构简式为_，将该烯烃通入溴的四氯化碳溶液中，发生的反应类型为_，该烯烃在一定条件下发生加聚反应的化学方程式为_。（3）乙醇分子中所含官能团的电子式为_，请写出与乙

15、醇相对分子质量相等的羧酸和乙醇发生酯化反应的化学方程式_。29、（10分）甲元素的原子序数是19，乙元素原子核外有两个电子层，最外电子层上有6个电子；丙是元素周期表第A族中金属性最弱的碱金属元素。由此推断：（1）甲元素在周期表中位于第_周期；乙元素在周期表中位于第_族；丙元素的名称为_。（2）甲的单质与水反应的离子方程式为_，乙单质与丙单质反应的化学方程式为_，甲的单质与水反应的生成物的电子式为：_，_2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【答案解析】A、“可燃冰”是天然气的水合物，主要成分是甲烷，选项A正确；B、甲烷不

16、溶于水，选项B不正确；C、常温常压下甲烷是气体，故可燃冰极易挥发产生甲烷气体，选项C正确；D、“可燃冰”的开采，有助于解决人类面临的能源危机，所以可燃冰是一种极具潜力的能源，选项D正确。答案选B。2、C【答案解析】由X的原子半径在短周期元素中最大，可知X为钠元素；Y原子的最外层电子数是其电子层数的2倍，可知短周期只有氢原子、碳原子和硫原子，但根据W、X、Y和Z为原子序数依次增大可知，Y为硫元素，Z为氯元素。根据W与Y同主族，则W为氧元素。【题目详解】A、Y为硫元素，Z为氯元素，氯的非金属性强于硫，则简单氢化物的稳定性氯化氢硫化氢。错误；B、离子半径比较，当电子层数不同时，电子层数越多半径越大；

17、电子层数相同时核电荷数越大半径越小。由此可知简单离子的半径：硫离子氯离子氧离子钠离子，即YZWX。错误；C、X为钠元素，钠原子与氧原子形成的离子化合物氧化钠或过氧化钠，钠原子与硫原子形成离子化合物硫化钠， 钠原子与氯原子形成离子化合物氯化钠。正确；D、硫的氧化物对应的水化物为硫酸和亚硫酸，硫酸为强酸而亚硫酸为弱酸。错误。答案选C。【答案点睛】本题考查重点是根据元素周期律推断元素种类的相关题型。解这类题首先要牢记元素周期律的相关内容。离子半径比较，当电子层数不同时，电子层数越多半径越大；电子层数相同时核电荷数越大半径越小。元素的非金属性越强，其氢化物的稳定性越强。3、D【答案解析】A海水中含有大

18、量盐类，从海水中获取淡水不需要发生化学变化，所以电解海水不能获取淡水，淡化海水的方法有蒸馏法、结晶法、淡化膜法等，常用的为蒸馏法和淡化膜法，故A错误；B海水中含有钾离子，要得到K单质需要采用电解熔融盐的方法获取，该过程有新物质生成，所以发生化学变化，故B错误；C海水蒸发制海盐时，只是氯化钠状态发生变化，没有新物质生成，所以海水制取食盐的过程是物理变化过程，故C错误；D通过物理方法暴晒海水得到NaCl，Na是活泼金属，工业上采用电解熔融NaCl的方法获取Na和Cl2，故D正确；故选D。4、D【答案解析】A、氯化铁溶液与铜片反应生成氯化亚铁和氯化铜，电荷不守恒；B、醋酸溶液与水垢中的CaCO3反应

19、生成醋酸钙、二氧化碳和水，常数为弱酸，不能拆写；C、AlCl3溶液与足量的氨水反应生成氢氧化铝沉淀和氯化铵；D、金属和水反应生成氢氧化钠和氢气。【题目详解】A项、氯化铁溶液与铜片反应生成氯化亚铁和氯化铜，反应的离子方程式为2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+，故A错误；B项、醋酸溶液与水垢中的CaCO3反应生成醋酸钙、二氧化碳和水，醋酸为弱酸，不能拆写，反应的离子方程式为CaCO3+2HAcCa2+H2O+CO2+2Ac-，故B错误；C项、AlCl3溶液与足量的氨水反应生成氢氧化铝沉淀和氯化铵，反应的离子方程式为Al3+3NH3H2OAl（OH）3+3NH4+，故C错误；D项、金属和水反应生成氢氧

20、化钠和氢气，反应的离子方程式为2Na+2H2O=2Na+2OH+H2，故D正确。故选D。【答案点睛】本题考查离子反应方程式，注意反应的实质，明确发生的化学反应，掌握离子反应方程式的书写原则是解答本题的关键。5、A【答案解析】A混合气体的颜色不再变化，说明碘蒸气的浓度不变，达平衡状态，故A正确；B气体两边的计量数相等，所以温度和体积一定时，容器内压强一直不变化，故B错误；C1molH-H键生成的同时有2molH-I键断裂，都体现正反应方向，未体现正与逆的关系，故C错误；D当体系达平衡状态时，各物质的物质的量浓度之比可能为2：1：1，也可能不是2：1：1，与各物质的初始浓度及转化率有关，故D错误；

21、故选A。【答案点睛】根据化学平衡状态的特征解答，当反应达到平衡状态时，正逆反应速率相等，各物质的浓度、百分含量不变，以及由此衍生的一些量也不发生变化，解题时要注意，选择判断的物理量，随着反应的进行发生变化，当该物理量由变化到定值时，说明可逆反应到达平衡状态。6、D【答案解析】A、苯与溴水及酸性高锰酸钾溶液等均不反应，A错误；B、根据分子式可知有机物是己烷，不能发生加成反应，与溴水及酸性高锰酸钾溶液等均不反应，B错误；C、甲苯与溴水不反应，C错误；D、苯乙烯含有苯环和碳碳双键，既能起加成反应，也能起取代反应，同时能使溴水因反应褪色，也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D正确，答案选D。7、A【答案解析】

22、只要混合物的总物质的量一定，完全燃烧消耗O2的质量保持不变，则1mol各组分消耗氧气的量相等，据此分析作答。【题目详解】A：C2H6O 可以改写为，所以相同物质的量的C2H4和C2H6O的耗氧量相同，符合题意；B. C2H6O比C2H6多1个O原子，则1molC2H6O与1molC2H6耗氧量不相同，不符合题意；C. C3H6、C2H4的最简式相同，1mol C3H6的耗氧量是1mol C2H4的1.5倍，不符合题意；D. C2H6O 可以改写为，比较1mol C3H4和1mol 的耗氧量，显然1molC3H4耗氧量更多，不符合题意；答案选A。【答案点睛】比较等物质的量的有机物耗氧量的多少，还

23、有一种方法就是根据分子式CxHyOz分别计算值大小，值越大，耗氧量越多；值相等时，耗氧量相同。8、D【答案解析】ALi的原子结构示意图正确的是：，故A错误；BK的原子结构示意图为，故B错误；C硫离子的结构示意图为：，故C错误；D镁离子的结构示意图为：，故D正确，故选D。9、B【答案解析】AHCl分子中只存在共价键，为共价化合物，故A错误；B氧化钠中钠离子和氧离子之间只存在离子键，为离子化合物，故B正确；C氧气分子中O-O原子之间只存在共价键，为单质，故C错误；DCO分子中C-O原子之间只存在共价键，为共价化合物，故D错误；故选B。【点晴】明确物质的构成微粒及微粒之间作用力是解题关键，含有离子键

24、的化合物是离子化合物，离子化合物中可能含有共价键，只含共价键的化合物是共价化合物，共价化合物中一定不含离子键，据此分析解答。10、B【答案解析】A铅位于周期表中金属元素处，具有典型的金属元素的性质，错误；B若存在简单阴离子R2，则R最低化合价是-2价，根据同一元素最低化合价与最高化合价绝对值的和等于8可知，该元素一定属于第VIA族元素，正确；CS和Se属于第VIA族元素，由于元素的非金属性SSe，所以H2S的还原性比H2Se的弱，错误；DLi最外层只有1个电子，Ba最外层有2个电子，但是金属的活动性：BaLi，错误。答案选B。11、C【答案解析】分析：由X的最高价氧化物的分子式确定X的最高价为

25、+6价，X原子的最外层有6个电子，X原子有四个电子层，X为硒元素。详解：X的最高价氧化物的分子式为XO3，根据化合物中元素的正负化合价代数和为0，X的最高正化合价为+6价，元素的最高正化合价=该元素原子的最外层电子，X原子的最外层有6个电子，X原子有四个电子层，根据原子核外电子排布规律，X原子的K、L、M、N层分别排有2、8、18、6个电子，X原子核外有2+8+18+6=34个电子，X为硒元素，答案选C。12、C【答案解析】A、蒸馏是通过连续加热、冷却使沸点不同的液体物质，从沸点低到沸点高依次分离出来的操作，故A不正确；B、过滤是通过滤纸将固体和液体分离的操作，B错误；C、蒸发是通过加热的方法

26、把溶剂蒸发出来，使溶质析出的操作。海水晒盐就是在阳光照射下，使水份蒸发而析出食盐，相似于实验室进行的蒸发，C正确；D、搅拌不能改变溶质和溶剂的量，不可能有溶质析出，D错误。故本题正确答案为C。13、B【答案解析】A项、甲烷化学性质比较稳定，跟强酸、强碱、强氧化剂都不反应，故A正确；B项、甲烷可以燃烧，能与氧气发生氧化反应，故B错误；C项、甲烷是饱和链烃，跟氯气在光照条件下发生取代反应无论生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl、CCl4，故C正确；D项、甲烷的四种有机取代物中只有一氯甲烷是气体，其余三种为液态且都不溶于水，故D正确。故选B。14、B【答案解析】A.非金属性越强，最高价含氧酸的酸性

27、越强，则酸性强弱：H3PO4H2SO4HClO4，A错误；B.非金属性越强，氢化物越稳定，则稳定性：HClH2SPH3，B正确；C.金属性越强，相应离子的氧化性越弱，氧化性：Na+Mg2+Al3+，C错误；D.金属性越强，最高价氧化物水化物的碱性越强，碱性：KOHCa(OH)2NaOHMg(OH)2，D错误；答案选B。15、A【答案解析】分析：可以用分液漏斗进行分离的混合物，说明混合物中二者互不相溶，据此解答。详解：A. 苯不溶于水，可以用分液法分离，A正确；B. 碘单质易溶在酒精中，酒精和碘水需要蒸馏分离，B错误；C. 乙酸和乙醇互溶，需要蒸馏分离，C错误；D. 乙酸和水互溶，需要蒸馏分离，

28、D错误；答案选A.16、A【答案解析】A. 铝在空气中容易被氧化，铝表面生成一层致密的氧化膜，氧化膜可以阻止其内部的铝被腐蚀，因此，铝片不用特殊方法保存；B. 生铁中含有较多的碳，在潮湿的空气中可以形成原电池而发生生吸氧腐蚀，故其比纯铁易生锈；C. 粗锌与其中的杂质在酸中可以形成许多微小的原电池而加快反应速率，因此，制氢气时用粗锌而不用纯锌；D.在铁制水管外刷的“银粉”是防锈漆，其中含有铝粉，在潮湿的环境中，可以形成原电池，铝是负极，从而保护铁管。综上所述，不能用原电池理论解释的是A ，选A。17、C【答案解析】A、溴化钠是离子化合物，电子式应该是，A错误；B、氟化镁是离子化合物，应该是，B错

29、误；C、氯化钠的形成过程正确，C正确；D、硫化钠的形成过程为，D错误，答案选C。点睛：用电子式表示物质的形成过程时，首先要判断构成物质的化学键类型，即是离子键还是共价键；其次必须用“”来连接左右两侧，而不是用“”连接；再次箭头的左侧是构成物质元素原子的电子式，而右侧是具体物质的电子式；最后箭头的两侧也必须满足各种守恒关系。离子化合物的形成过程：由于离子键的形成过程有电子的得失，因而箭头左侧需要用弯箭头表示电子的得失。共价化合物或非金属单质的形成过程：表示方法同离子化合物基本相同，不同的是共价键的形成因为没有电子得失，所以不要再画弯箭头。18、B【答案解析】测试卷分析：生石灰放入水中，会与水反应

30、生成氢氧化钙，同时放出大量的热，故答案B。考点：考查化学反应与物理过程中的能量变化。19、C【答案解析】A、碳酸盐和酸反应生成无色无味气体CO2，CO2溶于碱又生成碳酸盐，A正确；B、氨气具有刺激性气味，被酸吸收生成铵盐，铵盐和碱反应又生成氨气，B正确；C、CO32-和酸反应可以生成HCO3-，HCO3-和碱反应又生成CO32-，CO32-和HCO3-可以大量共存，C错误；D、偏铝酸盐和酸反应生成氢氧化铝，氢氧化铝属于两性氢氧化物，与碱反应又生成偏铝酸盐；氢氧化铝和酸反应生成铝盐，铝盐和碱反应又生成氢氧化铝，所以甲有可能是AlO2-，也有可能是Al(OH)3，D正确；答案选C。20、C【答案解

31、析】分析：本题考查的是金属及其化合物的分离和提纯，掌握铝的化合物的性质是关键。详解：铝土矿加入盐酸，氧化铝和氧化铁都可以溶解，二氧化硅不溶解，所以滤渣A为二氧化硅，滤液甲中加入过量的氢氧化钠，得到氢氧化铁沉淀和偏铝酸钠溶液，滤液乙主要成分为偏铝酸钠，通入过量的二氧化碳，反应生成碳酸氢钠和氢氧化铝沉淀。A.滤渣A为二氧化硅，故正确；B.滤液乙含有多阴离子主要为偏铝酸根离子和氯离子和氢氧根离子，故正确；C.滤液丙中主要成分为碳酸氢钠，故错误；D.氢氧化铝加热分解生成氧化铝和水，为分解反应，故正确。故选C。点睛：注意流程中物质的使用量的多少，通常量的不同产物不同。与物质的量有关的反应有：1.硝酸银和

32、少量氨水反应生成氢氧化银沉淀，和过量氨水反应生成银氨溶液。2.氢氧化钠和少量氯化铝反应生成偏铝酸钠和氯化钠，和过量的氯化铝反应生成氢氧化铝沉淀。3.盐酸和少量偏铝酸钠反应生成氯化铝和氯化钠，和过量的偏铝酸钠反应生成氢氧化铝沉淀。4.碳酸钠和少量盐酸反应生成碳酸氢钠和氯化钠，和过量盐酸反应生成氯化钠和二氧化碳和水。5.铁和少量硝酸反应生成硝酸亚铁，和过量硝酸反应生成硝酸铁。21、D【答案解析】A三种气体的分子的质子数分别为：14、14、14，质子数相等的CO、N2、C2H2三种气体，物质的量相等，CO、N2、C2H2摩尔质量分别为28g/mol、28g/mol、26g/mol，根据m=nM知：质

33、量之比与摩尔质量成正比为28:28:26=14:14:13，A错误；B三种气体的分子的质子数分别为：14、14、14，质子数相等的CO、N2、C2H2三种气体，物质的量相等，等温等压下，体积之比与物质的量成正比，所以三者体积之比1:1:1，B错误；CCO、N2、C2H2摩尔质量分别为28g/mol、28g/mol、26g/mol，等温等压下，气体摩尔体积相同，根据=m/V=M/Vm知，密度与摩尔质量成正比，则密度之比为28:28:26=14:14:13，C错误；D三种气体的分子的质子数分别为：14、14、14，质子数相等的CO、N2、C2H2三种气体，物质的量相等，1个CO、N2、C2H2分子

34、中分别含原子数为：2、2、4，所以三种气体原子数之比：1:1:2，D正确；答案选D。22、B【答案解析】A. CH4和Cl2混合光照，属于取代反应，故A说法正确；B. 乙烯使酸性KMnO4褪色，属于氧化反应，故B说法错误；C. 醇使酸性K2Cr2O7变绿，属于氧化反应，故C说法正确；D.合成聚乙烯，属于加聚反应，故D说法正确；答案选B。二、非选择题(共84分)23、CH2=CH2共价键CH2=CH2Br2CH2BrCH2Br【答案解析】甲、乙、丙、丁分别是乙烷、乙烯、乙炔、苯中的一种；甲、乙能使溴的四氯化碳溶液褪色乙与等物质的量的H2反应生成甲，甲与等物质的量的H2反应生成丙，则乙为乙炔，甲为

35、乙烯，丙为乙烷；丙中不含双键、三键，为饱和烃，既不能使溴的四氯化碳溶液褪色，也不能使KMnO4酸性溶液褪色；丁能使溴水褪色的原因与甲能使溴水褪色的原因不同，丁也不能使KMnO4酸性溶液褪色，但丁在一定条件下可与溴发生取代反应相同条件下，丁蒸气的密度是乙密度的3倍，丁为苯。(1)由上述分析可知，甲的结构简式为CH2=CH2；乙的结构式为H-CC-H，丙为乙烷，含C-C、C-H共价键，故答案为CH2=CH2；H-CC-H；共价键；(2)丁与液溴在催化剂作用下发生取代反应的方程式为，故答案为；(3)甲使溴的四氯化碳溶液褪色的化学方程式为CH2CH2+Br2-CH2Br-CH2Br，故答案为CH2CH

36、2+Br2-CH2Br-CH2Br。点睛：本题考查有机物的推断，为高频考点，把握烯烃、炔烃的加成反应推断物质为解答的关键，注意利用信息及有机物的结构与性质来推断物质。24、乙酸乙酯 CH3CH2OH 饱和碳酸钠溶液 4.4g 【答案解析】由图可知，、为甲烷在催化剂及无氧条件下，一步高效生产乙烯、苯的过程，则A为乙烯；为乙烯与水的加成反应生成乙醇的过程，为乙醇的催化氧化生成乙醛的过程，为乙醛氧化生成乙酸的过程，为乙醇与乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯的过程；为苯与液溴发生取代反应生成溴苯和HBr的过程，以此来解答。【题目详解】（1）E为乙酸乙酯；B为乙醇，其结构简式为CH3CH2OH；（2）为乙醇与

37、乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯的过程，属于取代反应，故答案为： （3）反应为苯与液溴发生取代反应生成溴苯和HBr的过程，其化学方程式为：；（4）如图为实验室制取E的装置图，图中a为饱和碳酸钠，可以吸收乙醇，中和乙酸，降低乙酸乙酯在水中的溶解度；（5）在试管b中加入6.0克乙酸，回收到3.0克乙酸，则参加反应的乙酸的质量为3.0g，其物质的量为=0.05 mol，根据乙酸和乙醇制备乙酸乙酯的化学方程式 可知，制得的乙酸乙酯的最大的物质的量为0.05mol，其质量为0.05mol88g/mol=4.4g。25、 2NH4Cl+Ca(OH)22NH3+CaCl2+2H2O 生石灰 浓氨水 碱石灰 试纸

38、变蓝 产生白烟 防止倒吸 用止水夹夹住b中橡胶管，向分液漏斗里加足量水，再打开分液漏斗活塞，过一会水不再滴下，则证明气密性良好 打开止水夹，用热毛巾焐热圆底烧瓶，NH3受热膨胀，赶出玻璃导管中的空气，玻璃导管口有气泡冒出，NH3与H2O接触，移走热毛巾【答案解析】分析：（1）装置a适用于固体（或固体混合物）加热制气体。（2）装置b适用于固体与液体常温下制气体。（3）干燥NH3选用碱石灰作干燥剂。（4）NH3的水溶液呈碱性。（5）浓盐酸具有挥发性，NH3与HCl化合成白色固体NH4Cl。（6）NH3极易溶于水，E中倒扣漏斗的作用是：防止倒吸。（7）检查装置b的气密性可用液差法。（8）根据形成喷泉

39、的原理要产生较大的压强差作答。详解：（1）装置a适用于固体（或固体混合物）加热制气体。选择装置a制NH3，使用Ca（OH）2和NH4Cl的混合物共热制NH3，反应的化学方程式为Ca（OH）2+2NH4ClCaCl2+2NH3+2H2O。（2）装置b适用于固体与液体常温下制气体。选择装置b制NH3，所用试剂为生石灰和浓氨水，反应的化学方程式为CaO+NH3H2O=Ca（OH）2+NH3。（3）干燥NH3选用碱石灰作干燥剂。（4）NH3的水溶液呈碱性，使红色石蕊试纸变蓝；C装置中的现象是：湿润的红色石蕊试纸变蓝。（5）浓盐酸具有挥发性，NH3与HCl化合成白色固体NH4Cl，挤压D装置中的胶头滴管

40、，滴入12滴浓盐酸，可观察到的现象是：产生大量白烟，反应的化学方程式为NH3+HCl=NH4Cl。（6）NH3极易溶于水，为防止产生倒吸使用倒扣的漏斗；E中倒扣漏斗的作用是：防止倒吸。（7）检查装置b的气密性可用液差法。实验的操作与现象：用止水夹夹住b中橡胶管，向分液漏斗里加足量水，再打开分液漏斗活塞，过一会水不再滴下，则证明气密性良好。（8）形成喷泉实验要产生较大的压强差，c装置中若没有胶头滴管，引发喷泉的简单操作是：打开止水夹，用热毛巾焐热圆底烧瓶，NH3受热膨胀，赶出玻璃导管中的空气，玻璃导管口有气泡冒出，NH3与H2O接触，移走热毛巾。26、 催化剂、吸水剂 防止暴沸 120125 温

41、度过低，酯化反应不完全；温度过高，易发生醇脱水和氧化等副反应 蒸馏烧瓶 b 分液漏斗 分液漏斗中下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出 b【答案解析】分析：（1）浓硫酸起催化剂和吸水剂作用；碎瓷片可以防暴沸；（2）根据温度对反应速率的影响以及可能发生的副反应解答；（3）根据仪器构造分析；根据逆向冷却分析水流方向；（4）根据分液的实验原理结合物质的性质选择仪器和操作；（5）根据乙酸乙酯在酸性或碱性溶液中容易水解分析。详解：（1）酯化反应是可逆反应，反应中有水生成，则在实验中浓硫酸的作用是催化剂、吸水剂；由于反应需要加热，则混合液加热前加入碎瓷片的作用是防止暴沸。（2）由于温度过低，酯化反应不完全

42、；温度过高，易发生醇脱水和氧化等副反应，因此根据已知信息可知歩驟中油浴加热保持的一定温度范围为120125。（3）根据仪器的结构特点可知图2中仪器A的名称是蒸馏烧瓶。冷凝管中冷水与蒸汽的方向相反，则冷水从b口进入。（4）步骤和中都用到了分液操作，该操作用到的主要玻璃仪器是分液漏斗，在分液操作时，为防止试剂间相互污染，则上下两层液体移出的方法是分液漏斗中下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出。（5）由于乙酸乙酯在酸性或碱性溶液中容易发生水解反应，步骤中干燥乙酸乙酯时不能选择酸性或碱性干燥剂，五氧化二磷是酸性27、检查装置的气密性 CO2和NO2 防止空气中氧气、水等对实验的干扰 3Cu+8HNO3=3Cu(NO3)2+2NO+4H2O NaOH Na2CO3 装有碱石灰的球形干燥管 NH4+NO2= N2+2H2O 出去剩余的NO 【答案解析】木炭和浓硝酸反应生成的CO2、NO2混合气体通入B中，NO2可以和H2O反应生成HNO3和NO，金属Cu和稀HNO3反应生成NO，然后经